难绷此题最优解是输出样例。
题意简化: 给你长度为 n n n 的序列,从中选出 k k k 个不重复的长度在 [ L , R ] [L,R] [L,R] 间的区间,使选出的区间总和最大,输出最大值。
首先算区间和肯定要用前缀和,但是暴力找出所有区间然后排序求解是不可行的,考虑优化。
对于一个位置 i i i,如果我们令它为所选区间左端点,那么右端点所属区间应为 [ i + L − 1 , m i n ( n , i + R − 1 ) ] [i+L-1,min(n,i+R-1)] [i+L−1,min(n,i+R−1)],设 t t t 为某个右端点,则区间和为 s u m t − s u m i − 1 sum_{t}-sum_{i-1} sumt−sumi−1, i − 1 i-1 i−1 固定,只需要最大化 s u m t sum_t sumt,用 st 表可以快速维护。
然后我们就可以用优先队列维护形如 ( i , l , r , t ) (i,l,r,t) (i,l,r,t) 的四元组, i i i 为左端点, l , r l,r l,r 为右端点所在区间, t t t 为 s u m sum sum 值最大位置。然后当我们取出了 ( i , l , r , t ) (i,l,r,t) (i,l,r,t),还要考虑 [ l , t − 1 ] [l,t-1] [l,t−1] 和 [ t + 1 , r ] [t+1,r] [t+1,r] 右端点区间的新的贡献,注意特判 t = l t=l t=l 或 t = r t=r t=r 的情况。
时间复杂度 O ( n l o g n ) O(nlogn) O(nlogn)。
#include<bits/stdc++.h>
using namespace std;
#define rd read()
#define ll long long
#define FOR(i,j,k) for(int i=j;i<=k;i++)
#define ROF(i,j,k) for(int i=j;i>=k;i--)
int read(){
int x=0,f=1;char ch=getchar();
while(!isdigit(ch)){if(ch=='-')f=-1;ch=getchar();}
while(isdigit(ch)) x=(x<<3)+(x<<1)+ch-'0',ch=getchar();
return x*f;
}
const int N=5e5+10;
int n,k,L,R,a[N],s[N],f[N][20];ll ans;
struct node{
int o,l,r,t;
friend bool operator <(const node &T,const node &U){
return s[T.t]-s[T.o-1]<s[U.t]-s[U.o-1];
}
};
priority_queue<node> q;
int cmp(int x,int y){if(s[x]>s[y])return x;else return y;}
int query(int l,int r){
int t=log2(r-l+1);
return cmp(f[l][t],f[r-(1<<t)+1][t]);
}
int main(){
n=rd,k=rd,L=rd,R=rd;
FOR(i,1,n) a[i]=rd,s[i]=s[i-1]+a[i];
FOR(i,1,n) f[i][0]=i;
FOR(i,1,floor(log2(n+1))) FOR(j,1,n){
if(j+(1<<i-1)>n) continue;
f[j][i]=cmp(f[j][i-1],f[j+(1<<i-1)][i-1]);
}
FOR(i,1,n){
int l=i+L-1,r=min(i+R-1,n);
if(l>n) continue;
int t=query(l,r);q.push(node{i,l,r,t});
}
while(k--){
int o=q.top().o,l=q.top().l,r=q.top().r,t=q.top().t;q.pop();
ans+=s[t]-s[o-1];
if(l!=t){
int nl=l,nr=t-1,nt=query(nl,nr);
q.push(node{o,nl,nr,nt});
}
if(r!=t){
int nl=t+1,nr=r,nt=query(nl,nr);
q.push(node{o,nl,nr,nt});
}
}
printf("%lld\n",ans);
return 0;
}