pursuit的专栏

http://acm.hdu.edu.cn/showproblem.php?pid=4001 Problem Description Do you remember our children time? When we are children, we are interes

标记，枚举+迭代。。。。 #include #include #include #define N 1001 using namespace std; bool map[N][N]; int dp[N][N]; int s[N]; int l[N],r[N]; int main() { int T; cin>>T; while(T--) { int n,m; cin>>n>>m

最大递增连续子串和。。。dp[i]表示以第i点为结束点最大连续子串和 状态转移方程dp[i]=s[i];  if(s[j] AC代码： #include #include #include #define N 1001 using namespace std; int dp[N]; int s[N]; int main() { int n; while(cin>>n&&n) {

一道省赛题。。主要是模拟一下过程，其他的就是实现代码的能力了。。。 #include #include #include #include #include #define N 1001 using namespace std; int a[N],b[N]; int main() { int n,m; while(cin>>n>>m) { memset(a,0,sizeof(a));

思路：把多重背包转化为0-1背包来做。。 #include #include #include using namespace std; int v[510]; int dp[101]; int w[510]; int main() { int T; cin>>T; while(T--) { int V,n; cin>>V>>n; memset(dp,0,sizeo

由于昨天js给我讲了一下一系列的背包问题，今天一大早就高兴的来到工作室开始弄背包题，没想杯具就从这开始了，，一开始写的还算顺利，但就写好准备提交时，不论优化不优化就一直tle。。最后只好找lj要了代码，，一看完全一样，，但为什么我的总是tle，百思不得其解，，最后在不断的郁闷下发现这道题的测试数据竟然没有结束的标记。。坑爹啊，整整耗了我两个小时。。 法一： #include #includ

思路：完全背包转化为多重背包，多重背包在转化为0-1背包。 AC代码： #include #include #include using namespace std; int dp[10005]; int v[25]; int b[3]={150,200,350}; int main() { int T; cin>>T; while(T--) {

一开始的思路是用把完全背包转化为0-1背包来解。。。一直wa，，最后上网搜了一下说是二维完全背包。。。dp[i][j]表示容忍度为i杀敌数为j个获得的最大经验。 #include #include using namespace std; int dp[101][101]; int v[101],w[101]; int n,m,k,s; int main() { int i,j,p;

题意:硬币的数量不限制，让储蓄罐装满时得到的最少价值。 思路：先将完全背包转化成多重背包，再转化成0-1背包来解，不过这里要进行二进制优化，因为这里要保证储蓄罐要装满，所以需要先把容量为0时，价值赋为0，因为让求最小价值，因此需要把大于0的容量都赋为无穷大，如果让求的是装满时的最大价值则要把大于0的容量都赋为无穷小。。。 #include #include #include using n

多重和完全背包组成的混合背包。。构造dp[i]为付i元钱需要的最少的钱的张数，，，然后二进制思想转化为0-1背包。。。 #include #include #include using namespace std; int dp[200010]; int v[1400]; int w[1400]; int a[101]; int main() { int n,T; int res=0; w

先转化为0-1背包并用二进制处理。 #include #include #include using namespace std; int a[6]; int dp[50005]; int v[100]; int main() { int res=0; while(1) { if(res++) cout<<endl; memset(dp,0,sizeof(dp)); b

题意：给你一些硬币，问你一共可以组成多少种面值的钱。。。可以转化为0-1背包问题，求出可以把背包装满的情况。。。 AC代码： #include #include #include #define N 100000 #define M 1700 using namespace std; int v[M],dp[N]; int a[101],b[101]; int main() { int

问题描述 给定一个有n个矩阵的矩阵链A1A2A3…An，其中矩阵Ai(i=1,2,3…n)的维度为pi-1*pi。我们知道，两个维度分别为m*r和r*n的矩阵用一般的矩阵乘法相乘，所需的运算次数为m*r*n，最后得到一个维度为m*n的结果矩阵。对于矩阵链问题，因为矩阵乘法具有结合律，其运算顺序有很多中选择。换句话说，不论如何括号其乘积，最后结果都会是一样的。例如，若有四个矩阵A、B、C和D

题意：给你一棵树，树上有很多苹果，现在要求你砍去一些树枝，问你砍去树枝后最多可以保留多少苹果，树形dp入门题 dp[i][j]表示以i为根节点保留j个树枝最多可以保留的苹果数。可得动态转移方程dp[i][j]=max(dp[i][j],dp[la][i]+dp[ra][j-i+1]); AC代码： #include #include #include using namespace s

求最大矩形面积，如果按一般的方法肯定超时，这里用到了迭代法，类似于动态规划以空间去换时间，这一题主要是找到当前高度所能扩展的最左边和能扩展的最右边，从而得出当前高度的最大宽度，这一题坑爹的是用long long类型1s，而用—int64却78ms。。这到底是为什么啊。。。 #include #include #include #include #include #define N 100005

动态规划水题。。 #include #include #include #include #include using namespace std; int main() { int n; int T; scanf("%d",&T); for(int k=1;k<=T;++k) { printf("Case %d:\n",k); sc

这是一道动态规划入门题，，，赋予dp[i][j]为s串从0-i与s1串从0-j中最大的匹配长度。。。 AC代码： #include #include #include #define N 1001 using namespace std; int dp[N][N]; int main() { int Case; cin>>Case; while(Case--) { str

这一题可谓称做导弹拦截加强版。。。我写的上一篇是求一套拦截导弹装置最多能拦截导弹的个数。。这一题给你一些导弹发射的高度。。让你求出共需要多少这样的装置。。 仔细想一下就会发现这两道题得解法完全一样，只是在用dp时赋予不同的含义。。和上一篇相比代码就改一个符号就ok了。。。。 代码： #include #include #include using namespace std; int dp[

一、动态规划的基本思想 　动态规划：适用于子问题不是独立的情况，也就是各子问题包含公共的子问题，鉴于会重复的求解各子问题，DP对每个问题只求解一遍，将其保存在一张表中，从而避免重复计算。 注意 ：用动态规划解决问题，主要是要找到状态转移方程； 二、动态规划的基本步骤： 　　动态规划算法通常用于求解具有某种最优性质的问题。在这类问题中，可能会有许多可行解。每一个解都对应于一个

动态规划感觉挺有意思的，以前不怎么爱，，现在有点改观了。。。。(*^__^*) 嘻嘻……，做这一类体，主要是找准状态转移方程。。。。 这一题的状态转移方程。。 从后往前： if(a[i]>a[j])  dp[i]=max(dp[i],dp[j]+1); 从前往后： if(a[i] AC代码： #include #include using namespace std; int d

本文来自优快云博客，转载：http://blog.youkuaiyun.com/qishibo1990/archive/2010/04/25/5527736.aspx Robberies http://acm.hdu.edu.cn/showproblem.php?pid=2955 背包;第一次做的时候把概率当做背包(放大100000倍化为整数):在此范围内最多能抢多少钱 最脑残的是把总的

这一题真坑爹啊！！白白耗费了我进一个小时。。。留校的孩纸伤不起啊！！！！！！动态规划入门。。。。 #include #include #include using namespace std; double dp[10001]; typedef struct { int a; double b; }Node; Node s[1001]; int main() { int n,m;

Problem Description 给定K个整数的序列{ N1, N2, ..., NK }，其任意连续子序列可表示为{ Ni, Ni+1, ..., Nj }，其中 1 例如给定序列{ -2, 11, -4, 13, -5, -2 }，其最大连续子序列为{ 11, -4, 13 }，最大和 为20。 在今年的数据结构考卷中，要求编写程序得到最大和，现在增加一个要求，即还需要

这道题很扯淡，，没有说有多组测试数据，却又多组测试数据，，，而且还是以输入0时为结束。。。 #include #include using namespace std; int dp[101][101]; int b[101]; int main() { int n; while(cin>>n&&n) { memset(dp,0,sizeof(dp));

http://acm.hdu.edu.cn/showproblem.php?pid=2955 这一题算是0-1背包的变种，，通过构造背包，，来求在满足情况的条件下，背包的最大容量。。。 思路：题目给出我们被抓的最大概率。即给出不被抓的最小概率，因此我们可以构造dp来存不被抓的最大概率。。以所有银行的钱为背包容量，以（1-p）表示背包的价值，从而求对应背包的最大价值。。。。 #includ

免费馅饼 Time Limit: 2000/1000 MS (Java/Others) Memory Limit: 65536/32768 K (Java/Others) Total Submission(s): 11134 Accepted Submission(s): 3665 Problem Description 都说天上不会掉馅饼，但有一天gameboy正走在回家的小径上

邮票分你一半 时间限制：1000 ms | 内存限制：65535 KB 难度：2 描述 小珂最近收集了些邮票，他想把其中的一些给他的好朋友小明。每张邮票上都有分值，他们想把这些邮票分成两份，并且使这两份邮票的分值和相差最小（就是小珂得到的邮票分值和与小明的差值最小），现在每张邮票的分值已经知道了，他们已经分好了，你知道最后他们得到的邮票分值和相差多少吗？ 输入 第一行只有一个整

Beans Time Limit: 2000/1000 MS (Java/Others) Memory Limit: 32768/32768 K (Java/Others) Total Submission(s): 1176 Accepted Submission(s): 615 Problem Description Bean-eating is an interesting g

构造dp[i][j]为字符串s从0-i有多少个字符串t从0-j。。。。 状态转移方程dp[i][j]=dp[i-1][j]+dp[i-1][j]+dp[i-1][j-1]; AC #include #include int main() { int t; int i,j,k; char a[100001],b[1001]; int dp[2][1001]; scanf("%d",&t);

不知道这道题用float为什么不行。。double就行郁闷。。。这道题是以发票的张数为背包容量，，从而求出最大价值。。 #include #include #include #include #include using namespace std; int dp[31]; int s[31]; int main() { double w; int n; int A,B,C; w

题意:给你两个字符串，让你把第一个字符串转化为第二个字符串，问你最少需要多少次操作（添加，删除，更改），属于lcs的变形题: 定义dp[i][j]为第一个串的前i个字符转化为第二个串的前j个字符所需最小的步骤，这是满足最优子结构性质的，因为如果转移到dp[i][j]的那个状态不是可以转化过来的状态中最优的，我们可以用最优的替代它 那么怎么转移呢?显然如果s1[i]=s2[j]（s1为第