zxyoi_dreamer的博客（不定期诈尸）

传送门解析：优秀的斜率优化DP。首先DP式子不是很好想，再加上本蒟蒻很久没写斜率优化，这道题就场上直接咕咕咕了。。。思路：不要想一次四个方向处理完（不然下场和我一样，无法处理后效性），我们可以处理四次，分别处理左上右下右上左下，最后所有答案取一个minminmin就可以了。那么考虑怎么处理左上方向，其他的显然可以通过对称转变一下。考虑我们已经处理到第iii列，我们可以维护前i−1i...

BZOJ传送门洛谷传送门解析：看到平方项多半就是两种套路，决策单调性和斜率优化，这道题斜率优化可以O(n)O(n)O(n)。首先还是推DP式子，这个很好想（sumsumsum表示前缀和）。fi=min⁡j=1i−1{(i−j+sumi−sumj−L−1)2+fj}f_i=\min_{j=1}^{i-1}\{(i-j+sum_i-sum_j-L-1)^2+f_j\}fi​=j=1mini−...

LOJ传送门洛谷传送门题解：很显然的斜率优化，每个点维护一下下凸壳，斜率是单调的可以O(m)O(m)O(m)总时间维护转移。不想写题解了，这道题被暴力艹爆了（虽然最快的还是正解）。放一个凸包上二分的代码代码：#include<bits/stdc++.h>#define ll long long#define re register#define gc get_c...

传送门题解：设f[i]f[i]f[i]表示在iii处放置最左端的守卫塔时候，考虑所有iii以及iii右边的情况的最小花费。然后在iii左边全部放上木偶，则答案为min⁡1≤i≤n(f[i]+(i−1)∗i/2)\min\limits_{1\leq i \leq n}(f[i]+(i-1)*i/2)1≤i≤nmin​(f[i]+(i−1)∗i/2)对于f[i]f[i]f[i]我们有状态转移方...