辗转山河弋流歌

左儿子右兄弟的树形DP？我靠，多大的代码复杂度啊？快来写一发分组背包版树形DP！！！【POJ1947】将你导入这个即将被背包占领的世界！

题意不多说。曰：    呃，首先显然这是一个树形DP。    然后我不会什么高大上的算法，我只能提供一种非常慢，但是能在BZ切的算法（因为是总时限并且还有O2）。题解：    不需要新建树，这个树就行。    首先这道题一眼就能想到树形背包。。但是树形背包怎么做呢？    因为需要合成，所以这里的状态F[i][j][k]并不是i节点有j个花费为k时的最大收益，而是i节点

A：codeforces Round#260 div1 B [a lot of games].题解：俩人玩游戏，有若干个字符串，每一轮都是俩人轮流念一个字母，使得当前的这些字母是其中一个字符串或者其前缀，即在字典树上走，每人走一步，走不了的人输，然后有m轮，每轮输的下一轮先手，问最后一轮谁赢？题解：    显然这是一道博弈题，但是如果我们单纯地计算每一局是先手赢还是后手赢，那就要跪了。

首先 秦神QY Orz 题解：这道题后缀数组过于鬼畜（wo’tai’ruo’bu’gan’xie）所以写了简单好写易于理解不用分治不用RMQ的SAM大叔。题解：首先其实我们需要一个后缀树，然后两个后缀的lcp就是它们lca的len。后缀树可以通过反序后缀自动机得到，这个很水。然后len的性质就是后缀自动机的那个len（我写的‘deep’）。后缀树上DP就水了

题解：首先它可能有环。所以先tarjan缩点。 然后跑树形背包。代码：#include #include #include #include #define N 120#define M 600using namespace std;struct Eli{ int v,next;}e[M];int head[N],cnt;inline void ad

题解：树形DP记录size。然后每个子树回来是边的两边数量是size子节点size_{子节点}和n−size子节点n-size_{子节点}代码：#include #include #include #include #define N 1001000#define inf 0x3f3f3f3fusing namespace std;struct Eli{ i

题解：首先无根树转化为有根树。 fi:f_i: 表示 ii 节点由其子树内节点充【不上】电的概率。 gi:g_i: 表示 ii 节点由其父亲节点充【不上】电的概率。 hi:h_i: hi=fi+(1−fi)∗(1−其父到其的导线的充电概率)h_i=f_i+(1-f_i)*(1-其父到其的导线的充电概率) 表示对父亲 fif_i 的贡献。先dfs一遍， fi=(1−自己直接来电的概率

题解：首先构建虚树，然后在虚树上DP。 过程很简单。 先找出每个虚树节点 ii 旁边最近的询问节点 nearinear_i （因为有一些lca也被加入了虚树所以虚树节点不全是询问节点，呃怕你们不懂，但其实这是废话Qwq。） 然后对于每条链 [l,r][l,r]，找出 [nearl,nearr][near_l,near_r] 中点，然后两边随便给一给就好了。。代码：#inclu