M_Lter的博客

一开始没摸清题目讲的范围，最后才理解只要m段连续不相交的子序列（不需要把数都用完）求和即可求一个连续子序列之和最大，用动态规划，状态转移方程为dp[j]=max(0,dp[j-1])+num[j] 这题可以先求一个子序列时能得到的dp[]数组，再根据这个数组求加一个子序列时的dp[]数组d[j]=max(pre[j-1],d[j-1])+num[j] #include<...

题目链接拿每件物品耗时t,价值为w当总时超过d则不能拿，问最大价值以及取物号（物品标号）。01背包问题，用dp[i][j]代表拿第i个物品用时j的价值，则拿：dp[i][j] = max( dp[i-1][j] , dp[i-1][j-t] + w ) ;不拿：dp[i][j] = dp[i-1][j] 。#include<cstdio>#include&l...

题目链接用尽可能少的替换次数构成由1~n的数组成大小为n的数组排列，求最小交换次数和最小字典序排列顺序。判断每个次数出现超过1次的数和1~n个数中未使用的数的大小，决定是否替换，详见代码#include<cstdio>#include<cstring>using namespace std;const int N=2e5+5;int a[N],cnt[...

题目链接n个拥有基础值的物品，有s块钱，问最多能买多少个物品。物品的价值=基础值+编号（1~n）*cnt（买的个数）。二分思想，从能买一半开始贪心买最便宜的mid个，详见代码。#include&lt;cstdio&gt;#include&lt;cstring&gt;#include&lt;cmath&gt;#include&lt;algorithm&gt;using na...

题目链接从底层最左边开始走，要关闭所有灯（标记为1），每关一个灯花费一分钟，询问关闭所有灯的最短时间。一楼固定从左往右走，以上几层的走法可能是从左往右走再上一层，也可能是从右往左（有可能再往右）再上一层转移方程为：dis[i][0]=min(dis[i-1][0]+2*r[i],dis[i-1][1]+m+1)+1;dis[i][1]=min(dis[i-1][0]+m+1,di...

题目链接给出银行数n，和被抓到的概率P，在已知每个银行被抓的概率下，求在不被抓到的情况下，他最多能够抢多少钱。求最优问题，看样例第一想到的就是动态规划的01背包，就去找了模板。dp[j] 代表抢劫到 j元钱不被抓的概率，dp[j] = max( dp[j],  dp[j - b[i].m] )* b[i].p)，再和P判断即可，详见代码。那个排序操作可有可无，一开始dp大小只开了1...

题目链接N个的格子，每个格子都有黄金权值，淘金者站在第一个位置（当然黄金归它了，概率为1），通过掷骰子得到一个X值，淘金者的位置就会从p变到p+X，然后收走里面的黄金，当位置p+X&gt;N时不作数再掷骰子直到不超过N，到达N位置时淘金结束，求掏得得黄金数期望。每个位置都会影响接下来不超过6个位置的概率（前提长度大于6），即每个位置的期望都是由前面不超过六个位置的期望构成的。位置：1...

题目链接题目是LightOJ - 1027 A Dangerous Maze的加强版，即多了一个条件，探险者能记住k个门，也就是在返回k次过程中这几个门不会再走一遍，接下来经过的每个门的概率就会变化，求出去的时间期望。思维跟简单版的相似，每经过一个门出去期望都要考虑两种情况之和：一是能出去，二是返回再走一次才出去。当时，（为返回的门数）       意味着每个返回都能记住，那么记...

题目链接寻找状态转移方程，题解参考处​​​​​​​#include&lt;cstdio&gt;#include&lt;cstring&gt;#include&lt;cmath&gt;#include&lt;algorithm&gt;using namespace std;typedef unsigned long long ull;const ull mod=(1ull&...

目录A 码队GOB 码队弟弟的求和问题C 异世界幻想A 码队GOdp求解#include <bits/stdc++.h>using namespace std;const int N=305;int dp[N][N], n, m,maxlen;char p[N][N];int main() { int T; scanf("%d",&am...