SprintfWater的专栏

/*题目链接：http://poj.org/problem?id=2152  题意：城市树形分布，每个城市修建消防站的有一个花费值cost，且，当该地着火，离他最近的那个消防站必须小于  need，问要保证每个地方都能得到安全防护，需要的最小花费为？      解题思路：令dp[i][j]为，保护i点的消防站修建在j点且以i为根节点，所有孩子即自己都能得到保护的的最小花费

第三题：先排序dp[i]=max{dp[i-1]，dp[i - (e -s+1)]+c}#include #include #include #include using namespace std;#define INF 100000000int dp[105];struct Node{ int s,e,c;}node[1005];bool cmp(No

第五题：整数划分 dp[m] += dp[m - i](i = 1,2,3) #include #include #include #include using namespace std; #define INF 100000000 #define MAXN 200

题目问题抽象之后为：在一个x坐标轴上有N个点，每个点上有一个概率值，可以修M个工作站，                     求怎样安排这M个工作站的位置，使得这N个点都走到工作站的距离期望值最小？解题报告人：SpringWater(GHQ)解题思路：状态方程：dp[i][j]  =  min{ dp[i - 1][k - 1]  + cost[k][j]   }dp[i][

//题目链接：http://acm.zju.edu.cn/onlinejudge/showProblem.do?problemId=4624/*    题目来源：浙大十周年校赛第B题    题目类型：DP求期望值        结题报告人：SpringWater(GHQ)        题目大意：一个月光宝盒有两个面,每个面有n个洞，每个洞在晚上到来的时候就可能

//该题链接http://acm.hdu.edu.cn/showproblem.php?pid=4044/* 报告人：SpringWater(GHQ)  //此题大意：一个以1为根节点的树，每个节点可以有修防御系统，每个节点的  防御系统（具有不同的价格和防御力）有chioce种可能的选择，敌人的基地为根节点，我方的基地为所有的叶  子节点，敌人可以随机发射一个攻击（具有一定的

求最长上升公共子串f【i】【j】表示a（1，i），b(1，j)取以b【j】结尾的最大公共上升子串的大小当a【i】 ！= b【j】 时，f【i】【j】 = f【i - 1】【j】否则：f【i】【j】 = max { f【i - 1】【(1……j - 1)】 && (a[i] > b[1……j - 1])}；#include #include #include #define

F(1) = 1，F(2)=1，F(n)=F(n-1)+F(n-2) (n≥3)，

比赛的时候，尼吗忘了N《=M的那种情况，害我wa了一次，忏悔！见代码一目了然：#include #include int main(){int T, N, K, M;for(scanf("%d", &T); T--;){scanf("%d%d%d", &N, &K, &M);if(N <= M)printf("%d\n", K);elseprintf("%d\n"

问题：字符串a，字符串b，求a和b的LCIS（最长公共上升子序列）。首先我们可以看到，这个问题具有相当多的重叠子问题。于是我们想到用DP搞。DP的首要任务是什么？定义状态。1定义状态F[i][j]表示以a串的前i个字符b串的前j个字符且以b[j]为结尾构成的LCIS的长度。为什么是这个而不是其他的状态定义？最重要的原因是我只会这个，还有一个原因是我知道这个定义能搞到平方的算法。而我这只

解题思路分析过程转载 ：02.    dp求期望的题。 03.    题意： 04.    有n个房间，由n-1条隧道连通起来，实际上就形成了一棵树， 05.    从结点1出发，开始走，在每个结点i都有3种可能： 06.        1.被杀死，回到结点1处（概率为ki） 07.        2.找到出口，走出迷宫 （概率为ei） 08.        3.和

题目大意：通过摇筛子，做0跳到n点，有些点可以直接过渡，问要到达n点，需要摇色子的次数的期望值？状态转移方程：首先dp【N】=0；其次分两种情况：（1）i点不可以过渡，dp【i】=sum(（dp【i+j】+1）/6)（2）i点可以过渡到j点，dp【i】=dp[j]代码如下：#include#include#define MAXN 100005int

最少步 Time Limit : 3000/1000ms (Java/Other)   Memory Limit : 65535/32768K (Java/Other)Total Submission(s) : 22   Accepted Submission(s) : 4Font: Times New Roman | Verdana | GeorgiaFont Size: ←

题目大意：有1-6种牌，每种 牌有四张，A先手，一个人出一张牌，当所有的牌加起来的和大于31，谁就输了题目链接：http://acm.zju.edu.cn/onlinejudge/showProblem.do?problemId=827解题思路：首先知道，当总和等于31时，无论哪种组合都是比败点，所以，小于31的总和的每一种组合状态，如果能靠加上某一张牌，就能将对手至于

题目链接：http://acm.hdu.edu.cn/showproblem.php?pid=4276题目大意：对于一个每条边有耗时len，且每个点有财富值，问从1到n点在规定的T时间内，最多能收集多少财富，如果在规定的T时间内不能到达n则输出“ **** ”；关键状态方程：temp = edge[i].len*2;for(j = T; j >= temp; j--)

题目大意：将n个升序数字序列，分成几组连续的序列 ，每一组的所得值，等于最右边的num2减去最左边 的num1，的平方+c即(numi-numj)^2+c解题报告 人：GHQ（SpringWater）分析可得：(dp[j2]-dp[j1]+num[j2+1]*num[j2+1]-num[j1+1]*num[j1+1])/(2(num[j2+1]-num[j1+1]))《=num[i

/*//题目链接：http://poj.org/problem?id=1739acm记忆：在很久很久以前 ，当插头DP还只是被称作“基于连通性状态压缩动态规划”的时候，楼教主就将其化为男人八题 之列 ！引得无数自认为很man的英雄豪杰欲AC之 而后快 ！而吾等菜鸟是这学期才听闻 到还有插头DP一说 ，故欲快速刷之以解心中愁！遂捧着cdq（性别 ：女）关于基于连通性状态压缩动态规划的

题目 大意：给一些点，让你从左到右，再从右到左，遍历所有的点，及一条哈密顿通路；解题思路：状态转移方程：dp[ i ][ j ]=min{dp[ i ][ x  ]+dis[ x ][ j ]}（在j-i>1时，可x可直接为j-1）#include#include#include#includeusing namespace std;#define MAXN

dp[a][b][k] = max{dp[a][b][k-1] + vi,dp[a-i][b][k] + vi,dp[a][b-j][k] + vi}#include #include int dp[105][105][10];int main(){ int n, v1, v2, K; int a, b, val; while(~scanf("%d%d%d%d", &