ACM之梦

dfs 从源点到汇点如果能访问到所有点说明唯一如果不能则不唯一

一直wa/** this code is made by LinMeiChen* Problem: hdu 3395* Type of Problem: 网络流* Thinking:* Feeling:*/#include#include#include#include#include#include#include#include#include#includ

因为E有两个选择D或者.   其实就暗含了最小割的模型。 最小割的话，就是一部分分到源点一侧，一部分分到汇点一侧。 如果把源点分在一起当成是.   和汇点分在一起当成是D.  那么建图的时候，相邻的建流量为1的边。 如果这个点本来是. 那个连汇点是INF，本来是D的，连源点是INF。如果是这种建图的话，最小割求出来的最小周长。 我们需要的最大周长。 

struct EDGE{ int v,next,c,f;}E[maxn<<1];int head[maxn],tol;int gap[maxn],dep[maxn],pre[maxn],cur[maxn];void Init(){ memset(head,-1,sizeof head); tol=0;}void add_edge(int u,int v,in

题目真心没读懂，参考这位仁兄通过拆点建图，然后跑一边最大流，枚举每条边找出有流量减少的边，那么这条边肯定是最大流上的边输出即可。#include#include#include#include#include#include#include#include#include#include#define B(x) (1<<(x))using namespace std;

题意：给出N个牛，D个食物，和F杯饮料。然后给出每头牛喜欢吃的食物和饮料的编号，但是没个食物和每一杯饮料只能供一头牛享用，问最多有多少头牛可以同时吃到食物和喝到饮料。题解：开始我的想法超级源点连饮料和食物，然后对应的饮料食物连上能吃它的牛，然后牛连超级汇点。结果wa。真确做法是源点连食物，食物连牛，牛连饮料，饮料连汇点，牛拆点成两个点。#include#include#incl

水题，直接搞。#include#include#include#include#include#include#include#include#include#include#define B(x) (1<<(x))using namespace std;void cmax(int& a,int b){ if(b>a)a=b; }void cmin(int& a,in

这题不错，分开最小费用流，每种物品来一次。/** this code is made by LinMeiChen* Problem:* Type of Problem:* Thinking:* Feeling:*/#include#include#include#include#include#include#include#include#include#

题意：给出一个图，盗贼在s点，警察在t点，给出在每个点设置捕获点需要的花费，现在问在让盗贼无法通过需要的最少花费。题解：最小割定理，拆点后，把点权变为边权，然后跑一边最大流，结果就是最小割的值。#include#include#include#include#include#include#include#include#include#include#defi

题意：给出一个地图，地图里面有一些青蛙，每个位置有限定承受的次数，如果青蛙跳跃到某个位置，那么这个位置的承受力就减一，如果承受力是0就无法到达这个位置。现在问最少有多少青蛙无法跳出地图。题解：将有承受力的点拆点，然后网络流。TL中。。#include#include#include#include#include#include#include#include

做法：1、和最大流有点相反，先ss tt连边（和最大流一样）但是这个和最大流不同的是先不用建立 t-s 的边2、Dinic(ss,tt)3、现在建立 t-s （t, s, 0, oo)4、maxflow=Dinic(s,t)  if（sum==maxflow）成立有解不成立无解 sum和最大流一样表示ss流出的所有边流量和5、输出边的流量#include#include

对于无源汇问题,方法有两种.1 从边的角度来处理. 新建超级源汇, 对于每一条有下界的边,x->y, 建立有向边 超级源->y ,容量为x->y下界,建立有向边 x-> 超级汇,容量为x->y下界.建立有向边 x->y,容量为x->y的上界减下界.2 从点的角度来处理. 新建超级源汇,对于每个点流进的下界和为 in, 流出此点的下界和为out.如果in > out. 建立有

挺好的题 充分利用了spfa 判断最费用流是否最优的充分必要条件是——图中是否存在负环  如果存在说明最费用流最优否则相反

这道题容易读懂，但是建图比较不容想到，源点到用电器建边，用电器到插头建边，插头到汇点建边，且权值都为1，置配器的两个插头节点建立权值为INF的边抽象出现，其实最终的最大流量就是能够接通的电器数，只要用电器数-maxf就ok了。这里被map函数搞死了，以后记得组后用string不要用char  map

做法：1、有源汇编成无源汇 (t-s,  0, INFMAX)2、ss tt 连接个点  intout>0（ss-i，0，inout[i])  inout3、然后跑一片最大流  max=Dinic(ss,tt)  之后的这步很重要 head[ss]=head[tt]=-1//删除ss 和 tt4、if( max == sum )  成立有解 不成立无解 sum=所有ss流出的流量总

最短路+最大流用Spfa算出 s到各个点的最短路 t到各个点的最短路if( dis1[i] + dis2[i] + map[i][j] ==dis1[t] )满足这种情况说明边在最短路上，所以根据这个方法建边然后最大流解决

算法很简单 Spfa+增广路1、首先按照边的费用Spfa最短路（如果是求最大费用可用最长路）2、接着增光路的可行流的调节3、重复1 2 直到最短路无法到达汇点为止挺简单的注意细节即可

最小割定理：最大流的流量等于最小割对应的边集容量的最小值Poj 1815 拆点+枚举暴力 好题 赞

Dinic算相对来讲比较稳定，写成邻接表示最好的选择这里以hdu 4280 为例子 加入一个开栈的外挂神器递归版：struct EDGE{int v, w;int next;}E[maxn*2];int head[maxn], level[maxn];int k;void addE(int u, int v,int w){E[k].v = v

题意：K太机器，C头牛，之间有距离，每个机器能供m头牛，没头牛需要一台机器。问在所有牛都有机器供应，并且牛离机器距离的最大距离最小是多少。题解：二分枚举最大距离，然后网络流建边，满足不大于枚举的最大距离才能建边.#include#include#include#include#include#include#include#include#include#defi