灾后重建（Floyd改进版）

题目背景

B地区在地震过后，所有村庄都造成了一定的损毁，而这场地震却没对公路造成什么影响。但是在村庄重建好之前，所有与未重建完成的村庄的公路均无法通车。换句话说，只有连接着两个重建完成的村庄的公路才能通车，只能到达重建完成的村庄。

题目描述

给出B地区的村庄数N，村庄编号从0到N-1，和所有M条公路的长度，公路是双向的。并给出第i个村庄重建完成的时间t[i]，你可以认为是同时开始重建并在第t[i]天重建完成，并且在当天即可通车。若t[i]为0则说明地震未对此地区造成损坏，一开始就可以通车。之后有Q个询问(x, y, t)，对于每个询问你要回答在第t天，从村庄x到村庄y的最短路径长度为多少。如果无法找到从x村庄到y村庄的路径，经过若干个已重建完成的村庄，或者村庄x或村庄y在第t天仍未重建完成 ，则需要返回-1。

输入输出格式

输入格式：

 

输入文件rebuild.in的第一行包含两个正整数N，M，表示了村庄的数目与公路的数量。

第二行包含N个非负整数t[0], t[1], …, t[N – 1]，表示了每个村庄重建完成的时间，数据保证了t[0] ≤ t[1] ≤ … ≤ t[N – 1]。

接下来M行，每行3个非负整数i, j, w，w为不超过10000的正整数，表示了有一条连接村庄i与村庄j的道路，长度为w，保证i≠j，且对于任意一对村庄只会存在一条道路。

接下来一行也就是M+3行包含一个正整数Q，表示Q个询问。

接下来Q行，每行3个非负整数x, y, t，询问在第t天，从村庄x到村庄y的最短路径长度为多少，数据保证了t是不下降的。

 

输出格式：

 

输出文件rebuild.out包含Q行，对每一个询问(x, y, t)输出对应的答案，即在第t天，从村庄x到村庄y的最短路径长度为多少。如果在第t天无法找到从x村庄到y村庄的路径，经过若干个已重建完成的村庄，或者村庄x或村庄y在第t天仍未修复完成，则输出-1。

 

输入输出样例

输入样例#1：

4 5
1 2 3 4
0 2 1
2 3 1
3 1 2
2 1 4
0 3 5
4
2 0 2
0 1 2
0 1 3
0 1 4

输出样例#1：

-1
-1
5
4

说明

对于30%的数据，有N≤50；

对于30%的数据，有t[i] = 0，其中有20%的数据有t[i] = 0且N＞50；

对于50%的数据，有Q≤100；

对于100%的数据，有N≤200，M≤N*(N-1)/2，Q≤50000，所有输入数据涉及整数均不超过100000。

思路：

k是中转站，要求在重建好的之前循环

这个代码错了，知道思路就行；

 1 #include<cstdio>
 2 #include<cstring>
 3 int n,m,q,days[210],w,e,f,r,x,y,t,dis[210][210],g=0;
 4 void floyd();
 5 int find(int);
 6 struct three
 7 {
 8     int xx;
 9     int yy;
10     int tt;
11 } ans[50010];
12 bool vis[50010];
13 int main()
14 {
15     freopen("1119.txt","r",stdin);
16     memset(dis,0x3f,sizeof(dis));
17     memset(vis,false,sizeof(vis));
18     scanf("%d%d",&n,&m);
19     for(int i=0;i<=n-1;i++)
20     scanf("%d",& days[i]);
21     for(int i=1;i<=m;i++)
22     scanf("%d%d%d",&w,&e,&f);
23     dis[w][e]=f;
24     scanf("%d",&q);
25     for(int i=1;i<=q;i++)
26     {
27         scanf("%d%d%d",&x,&y,&t);
28         ans[i].xx=x;
29         ans[i].yy=y;
30         ans[i].tt=t;
31     }
32     floyd();
33     return 0;
34 }
35 void floyd()
36 {
37     for(int k=0;k<=n;k++)
38 {
39     for(int i=0;i<=n;i++)
40     for(int j=0;j<=n;j++)
41         if(dis[i][j]>dis[i][k]+dis[k][j])
42         dis[i][j]=dis[i][k]+dis[k][j];
43     
44         for(;ans[g].tt<days[k];g++)
45         {
46         
47           if(ans[g].tt>days[ans[g].xx]||ans[g].tt>days[ans[g].yy] )
48             printf("-1\n");
49           else{
50               if(ans[g].xx<=k&&ans[g].yy<=k){
51                   if(dis[ans[g].xx][ans[g].yy]<100000)
52             printf("%d\n",dis[ans[g].xx][ans[g].yy]);
53             else
54             printf("-1\n");
55                }
56 }          }
57         }
58         }

 

转载于:https://www.cnblogs.com/gzy20020702/p/7611864.html