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用 C 语言编程实现一种迭代版本的简单乘法。
#include<iostream> using namespace std; int main() { int sum=0,a, b; cin >> a >> b; for (int i = 0; i < b; i++) { sum += a; } return 0; }
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证明命题1.1。
①、设a、b、c∈Z,如果a|b、b|c,则a|c。
∵a|b、b|c
∴存在且唯一存在整数m、n满足b=am和c=bn
∴c=bn=amn
∴c/a=mn,而mn是整数(整数域的乘法闭合)
∴a|c成立
②、设a、b、c∈Z,如果a|b、b|c,则a|c。如果c|a、c|b,则对任意m、n∈Z,有c|(Ma+nb)
∵c|a、c|b
∴存在且唯一存在整数i、j满足a=ci和b=cj
∴ma=cim,nb=cjn
∴ma+nb=cim+cjn=c(im+jn),而im和jn均为整数
∴c|(ma+nb)成立 -
完成定理1.1的证明(除法算法)。
证明包括两部分:存在性和唯一性。
构造集合S = {a − bk : k ∈ Z 且 a − bk ≥ 0}。
①、存在性:
显然,集合 S 非空。由良序原则,存在一个最小元 r ∈ S,且 r = a − qb。
因此,a = qb + r, r ≥ 0。
且由a=qb+r得a/b=q+r/b,显然有a/b≥q,
而a/b是个有理数,故它的取值范围将限制为q≤a/b<q+1。(这步的除法感觉是犯规)
因此q+r/b<q+1即r/b<1即r<b
②、唯一性:
假定存在两对整数对q1和r1、q2和r2,且q1≠q2、r1≠r2
那么有q1b+r1=q2b+r2=a
∴(q1-q2)*b=r2-r1。
∵q1≠q2,且q1和q2都是整数,
∴q1-q2是个非零整数,
很明显,r2和r1的差值为b的倍数
无论是r1>r2还是r1<r2,其中的一个必然是不满足0≤r<b这个条件的。