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昨天考的题，今天早晨才把T2调完，竟然卡了精度原题链接： T1：gjh自己出的（灵感来源：codevs 1742 爬楼梯 链接） T2：luogu 2656 采蘑菇 链接 T3：codevs 1456 隐藏口令 链接 T4：luogu 1984 烧水问题 链接T1 第一问DP，第二问随便打打贪心 结果我第二问贪心在模拟的过程中就打次了（第一次贪心模拟输给了DP）不多说 很简单 代码：

QAQ蒟蒻我只做了六十分的暴力，六十分很好水O(n)做法： 每到遍历一个字符，查找在该字符前的所有已经遍历过的字符里，该字符作为最小值时的答案，和该字符作为最大值时的答案。我们统计一下到第i个位置，每个字符各出现了多少次，即sum[j]。但是，我们还要知道对于以该位置结尾的，以前面任何位置开头的子串中的答案。从1到i遍历一遍肯定会超时，这时想用什么方法，能够快速找到位置x，使得区间[x,i]的答案

再次把两个题写在一个博客里的原因是，这两道题简单。。 T1 暴力暴力暴力，不能再暴力的暴力，但是考试的时候打了很久，因为很多细节要处理最后还是wa了一个点qwq，原因见代码44、45行少了一个特判，意思是，第二个日期的月份为2时，如果不是2月29，那么特判的闰年是不应该加上的qwq代码：#include<iostream>#include<cstdio>#include<cstring>#

题目来源：USACO 2015 DEC Gold 去题面的传送门 状压BFS 注意状态有思维，安全标记，方向，坐标。 记得某dalao说过开数组的时候，把小的放前面，大的放后面会快很多。所以安全标记只需要开2，就放在最前面吧。 还有，走到紫色格子的时候，只会朝着原来的方向滑动一格，而不是滑到底。。 代码打起来有点恶心，调了许久 代码：#include<iostream>#in

题目来源：codevs 2178 表达式运算Cuties 去题面的传送门 表达式计算 需要处理负数以及括号多余的情况 考试的时候交的代码比较长，崩溃了好几组，后来发现应该先判断栈空。还wa了几组。 考完时候继续调，调了很久都是有bug。就是在把所有的括号都计算完了之后，剩下的运算符之前没有处理好，直接丢在栈里了。而且我是最后把栈清空了一遍，这样就导致剩下的运算符没有按照优先级排列，出现

题目来源： T1：codevs 2913 建筑抢修T2：codevs 1089 侦探推理T3：luogu 2246 T4：luogu 3927ps：T2没有重新做，太恶心了T1： —考试的时候脑子w了，瞪它了一个小时死活思考不下去，做完后面回来看这道题的时候，直接看不下去了。。最后随便贪心了一下结果就过了一个点。。。 其实这道题本身就是贪心。 优先选择结束时间早的，占用时间短的放在前

题目来源：Codeforce867E(865D) Buy Low Sell High 去题面的传送门 第一反应是一个之前做过的DP，条件稍微改了一下，但是打了半天发现不对。好吧最后还是没有打出水分的DP 正解是贪心 很神奇的做法 首先来说一下做法，维护一个小根堆，从第一天到第n天for一遍，如果这一天的价格小于堆顶元素，直接加入堆。如果大于，ans+=该天的价格与堆顶元素的差，在堆里放入两

去题面的传送门 QAQ昨天队内胡策的T1，成功打次了 没做过火柴排队的我考完试先跑过来做这道题了 首先，对于两个序列，要使他们之间的距离最小，也就是Σ(ai+bi)^2最小，肯定是最大的和最大的对应，次大的和次大的对应，也就是说，把两个序列排序后，各个位上一一对应。但是还要保证交换次数最少，所以不能打乱顺序。 举个栗子： A序列：4 7 2 1 B序列：3 2 1 4 排序后： A：

考试的时候打了八十分暴力QAQ虽然八十分过了，但是算法有bug。。数据没有卡我算法，然后就水过了8个点。。害怕。 正解： 二分+并查集 二分前mid个是否有矛盾的，特判一下全部符合的，答案为n+1 验证答案时，用并查集维护。 首先，如果已知一段区间[a,b]的最小值为x1，再出现一组猜测：[c,d]的最小值为x2。 ① 若x1 > x2且区间[c,d] 包含在[a,b]里，则自相矛盾。

至于我为什么把两个题放一起，看题就知道了：T1 O(T*3√p)，10^8，正好卡时 啥也不说，代码：#include<iostream>#include<cstdio>#include<cstring>#include<algorithm>using namespace std;long long t,p;int main(){ scanf("%lld",&t);

去题面的传送门 题目的意思是：求将一棵树上的任意一条边权赋值为0时，所有航线的最长长度的最小值 想到二分答案 如何验证？ 既然我们二分的答案是最长路线，也就是说，在将一条边权赋值为0之后，所有的路线长度应该都小于等于mid。但是只能删掉一条边，所以这条边是所有删边之前长度小于mid的路线的交边。问题转化为，能否找到一条边，被所有长度大于mid的路线经过。所以我们要统计每一条边被经过的次数。统

去题面的传送门求最早什么时候出来？ 把高度看做背包的容量，能量看做物品的价值。特判一下在使用这个“物品”时，能量是否大于等于现在的时间。注意读入的数据还要按照时间排一下序。一旦高度达到，立刻输出时间。如果一直没有找到可行的方案，直接输出dp[0]代码：#include<iostream>#include<cstdio>#include<cstring>#include<algorithm>

去题面的传送门比较水的DP f[i]以不大于i为底的方案数之和 易知：f[i]=f[i-1]+f[n/k]#include<iostream>#include<cstdio>#include<algorithm>#include<cstring>using namespace std;const int maxn=1000000+10;long long t,p,n,k,ans;lo

求一个被memset卡时的人的心理阴影面积 嗯。。多叉树。。考试的时候想成二叉树了 两个人肯定尽量去堵对方的路 所以他们一定会在一个点相遇 如果这个点还有其他分枝，按最优原则分配给两个人： 如果两个人走过的总边数为奇数，那么相遇后，下一个选择的人是Yjq，反之为Hja。每个人选择当前可以选择的分枝中子树权值最大的一个。所以预处理以每个点为根的子树的大小 这个题最麻烦的是分类求相遇点。。

对任意的正整数x,f(x)是满足条件x/(a*b)==c(a,b,c均是正整数)的有序数对（a,b）的个数。（有序的意思就是比如(1,2)和(2,1)是不同的方案）。 变形得： x==a*b*c; 对于n，答案是所有x小于等于n的f(x)的和。即所有满足条件n>=a*b*c的（a,b）的个数，即所有满足条件的a,b,c的个数。 问题转化为，求满足条件的组合（a,b,c）的排列数之和。 先求

论什么叫做的时候一脸懵逼，一讲题发现并不难2333 T1（题目来源：poj 2709） 第一眼感觉不难。 打出来了发现最后一组不对。 咦？输出了7 哪里出了问题？ 仔细一想，发现原来可以各种三色的不同原料搭配来得到灰色的，也就是说最后一组数据，不一定非得固定的三种颜料*7才能凑成333，其他的颜色搭配也可以使用，这样有很多浪费，肯定不是最优。 暴力搜索什么的？好像不可取 然后我很

我以为是个DP啊，而且考试的时候没明白这里的二维背包指的是什么（回去重修语文）其实是个贪心，前缀和+枚举？对于一个n * m的格子（也就是背包），如果只放进大小为3 * 1的物品，一般情况下可以放进n * m/3种。特殊情况：n或m为2，且另一个%3==2，格子会剩下4个，只能用1 * 2的来填满，所以最多放（n*m-4）/3个。如果知道了放几个1 * 3的格子，就可以O(1)算出1 * 2的物品可