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·题目链接：http://codevs.cn/problem/1376/ –在计算的过程中一定要不断对m取模，否则会爆掉 –可以用数组直接统计26的n次方，O(1)查询，但一定要对m取模 –交换两个字母计算整个串的值时，不用重新求一遍sum，直接把sum减去两个原先的数乘以他们各自所在位置的26的幂，再加上他们乘以新的所在位置的幂 –虽然说有点像hash，但是我觉得这不是真的hash233

—–脑洞题codevs 2452 扫雷题目描述 Description 相信大家都玩过扫雷的游戏。那是在一个n*m的矩阵里面有一些雷，要你根据一些信息找出雷来。万圣节到了，“余”人国流行起了一种简单的扫雷游戏，这个游戏规则和扫雷一样，如果某个格子没有雷，那么它里面的数字表示和它8连通的格子里面雷的数目。现在棋盘是n×2的，第一列里面某些格子是雷，而第二列没有雷，由于第一列的雷可能有多种方案满足第

昨天考的题，今天早晨才把T2调完，竟然卡了精度原题链接： T1：gjh自己出的（灵感来源：codevs 1742 爬楼梯 链接） T2：luogu 2656 采蘑菇 链接 T3：codevs 1456 隐藏口令 链接 T4：luogu 1984 烧水问题 链接T1 第一问DP，第二问随便打打贪心 结果我第二问贪心在模拟的过程中就打次了（第一次贪心模拟输给了DP）不多说 很简单 代码：

去题面的传送门 第一反应是并查集维护战舰之间的集合关系，记录每一个战舰前面的战舰数量pre[i]，记录每一个并查集的集合大小rank[i]，每次合并更新pre的大小，查询时如果两艘战舰在不同的集合里，直接return -1。反之，返回两艘战舰的pre之差-1，就是两艘战舰之间的战舰数量 但是对于如何维护pre，我调试了很久。 一开始想的是，每次合并时，把排列在后面的那个集合的根节点的pre+前

去题面的传送门QAQ很巧妙的方法 O(n)就可以做 边读入边处理 记录： ①now：为离当前客栈最近的，花费不超过p的客栈的坐标 ②sum[x]：已经对答案有过贡献的（与它之后的客栈之间有最小花费不超过p的）颜色为x的客栈的数量 ③tot[x]：之前出现过的颜色为x的客栈的数量 ④h[x]：之前最后一次出现的颜色为x的客栈（与当前客栈颜色相同且距离当前客栈最近的客栈）的坐标如何记录答案？

去题面 QAQ光读题就恶心了我好久 一开始想的是把补丁和补丁建边，然后跑spfa，存当前的状态，看下一步是否能走。但是一看，状态最多有1000000+，补丁有最多100，vis数组和dis数组一定存不下。。。 QAQ那就把状态和状态之间建边吧，枚举每一种状态和每一个补丁，如果这个状态可以通过这个补丁变为另一个状态，建一条由该状态指向改变后状态的边，权值是该补丁的使用时间，跑最短路就行了 代码

去题面的传送门第一眼觉得这题很难。。。然后在手推样例时，发现每在一个连通块里加一条边，对答案的贡献就是原图的答案+1.也就是答案变为原来的两倍加一。一开始只是观察样例是这样的。后来发现这个题的确是这样。 为什么呢？ （前提，加入的边的两节点都已经在连通块里） ①这两个节点本来就有边连接。相当等于用这条边替换其他的边。 ②这两个节点本来没有边连接。相当等于增加了一个强连通分量 每次答案输出

去题面的传送门 QAQ昨天队内胡策的T1，成功打次了 没做过火柴排队的我考完试先跑过来做这道题了 首先，对于两个序列，要使他们之间的距离最小，也就是Σ(ai+bi)^2最小，肯定是最大的和最大的对应，次大的和次大的对应，也就是说，把两个序列排序后，各个位上一一对应。但是还要保证交换次数最少，所以不能打乱顺序。 举个栗子： A序列：4 7 2 1 B序列：3 2 1 4 排序后： A：

QAQ蒟蒻我只做了六十分的暴力，六十分很好水O(n)做法： 每到遍历一个字符，查找在该字符前的所有已经遍历过的字符里，该字符作为最小值时的答案，和该字符作为最大值时的答案。我们统计一下到第i个位置，每个字符各出现了多少次，即sum[j]。但是，我们还要知道对于以该位置结尾的，以前面任何位置开头的子串中的答案。从1到i遍历一遍肯定会超时，这时想用什么方法，能够快速找到位置x，使得区间[x,i]的答案