<pre name="code" class="cpp">//
//题意:
//听说lcy帮大家预定了新马泰7日游,Wiskey真是高兴的夜不能寐啊,他想着得快点把这消息告诉大家,虽然他手上有所有人的联系方式,
//但是一个一个联系过去实在太耗时间和电话费了。他知道其他人也有一些别人的联系方式,这样他可以通知其他人,再让其他人帮忙通知一下别人。
//你能帮Wiskey计算出至少要通知多少人,至少得花多少电话费就能让所有人都被通知到吗?(能联系到是单向的,也就是说X能联系到Y,
//但是不表示Y也能联系X)
//
//题解:
//易得一个强联通分量里选择任何一个人..都可以把这个强联通分量里的人通知到..并且可以把从这个强联通分量所能达的所有强联通分量覆盖到..
//所以so easy了..先用tarjan求出所有的强联通分量...再算出每个强联通分量里所需花费最少的人为多少..最后找出入度为0的强联通分量..
//其个数就是第一个答案..它们的花费之和就是第二个答案..
//这道题,一开始以为是单纯的强连通,后来和别人讨论了一下,才发现是强连通+缩点。
//思路:找出所有入度为0的连通块,然后找出这些连通块里面的联系所需费用最少的那个人。因为没有入度的连通块里面,一定要联系其中的一个人。
//那就肯定找费用最少的那个,即使别的有入度的连通块里面,有费用更少的。但是因为这个连通块的有入度。所以完全可以不联系这个连通块里面的
//人,这样来,费用更少。
//时间复杂度为O(n+m)
//黑匣子:
//先最初调用
//1、init()
//2、把图用add 存下来,注意图点标为1-n,若是[0,n-1]则给所有点++;
//3、调用tarjan_init(n); 再调用suodian();
//4、新图就是vector<int>G[]; 新图点标从1-tar ;
//5、对于原图中的每个点u,都属于新图中的一个新点Belong[u];
//新图一定是森林。
//6、新图中的点u 对应原图中的vector<int> bcc[u];
//水题一道,超好过,
//求缩点,找入度为0的缩点,把此缩点中费用最小的点算出来,加出来就是费用
#include<iostream>
#include<cstring>
#include<cstdio>
#include<cstdlib>
#include<vector>
#include<string>
#define inf 0x3f3f3f3f
#define maxn 1050
using namespace std;
int n, m;//n m 为点数和边数
struct Edge
{
int from, to, nex;
bool sign;//是否为桥
}edge[60000];
int head[maxn], edgenum;
int minw[maxn],w[maxn];
void addedge(int u, int v)
{//边的起点和终点
Edge E={u, v, head[u], false};
edge[edgenum] = E;
head[u] = edgenum++;
}
int DFN[maxn], Low[maxn], Stack[maxn], top, Time; //Low[u]是点集{u点及以u点为根的子树} 中(所有反向弧)能指向的(离根最近的祖先v) 的DFN[v]值(即v点时间戳)
int taj;//连通分支标号,从1开始
int Belong[maxn];//Belong[i] 表示i点属于的连通分支
bool Instack[maxn];
vector<int> bcc[maxn]; //标号从1开始
void tarjan(int u ,int fa)//求出图的强联通分量
{
DFN[u] = Low[u] = ++ Time ;
Stack[top ++ ] = u ;
Instack[u] = 1 ;
for (int i = head[u] ; ~i ; i = edge[i].nex )
{
int v = edge[i].to ;
if(DFN[v] == -1)
{
tarjan(v , u) ;
Low[u] = min(Low[u] ,Low[v]) ;
if(DFN[u] < Low[v])
{
edge[i].sign = 1;//为割桥
}
}
else if(Instack[v]) Low[u] = min(Low[u] ,DFN[v]) ;
}
if(Low[u] == DFN[u])
{
int now;
taj ++ ;
bcc[taj].clear();
do
{
now = Stack[-- top] ;
Instack[now] = 0 ;
Belong [now] = taj ;
bcc[taj].push_back(now);
}while(now != u) ;
}
}
void tarjan_init(int all)
{
memset(DFN, -1, sizeof(DFN));
memset(Instack, 0, sizeof(Instack));
top = Time = taj = 0;
for(int i=1;i<=all;i++)if(DFN[i]==-1 )tarjan(i, i); //注意开始点标!!!
}
vector<int>G[maxn];
int du[maxn];
void suodian()////还要更新出入度。。
{
memset(du, 0, sizeof(du));
for(int i = 1; i <= taj; i++)G[i].clear();
for(int i = 0; i < edgenum; i++)
{
int u = Belong[edge[i].from], v = Belong[edge[i].to];
if(u!=v)G[u].push_back(v), du[v]++;///g[u]存的是出度,du[v]存的是入度
}
//cout<<"mi"<<" "<<n<<endl;
for(int i=1;i<=n;i++)///不知道求每个连通分量的最小权值是不是这么求。。
{
//cout<<i<<" bb"<<Belong[i]<<endl;
int temp=Belong[i];///belong指的是他属于哪一个连通分块
minw[temp]=min(minw[temp],w[i]);
}
}
void init(){memset(head, -1, sizeof(head)); edgenum=0;}
//int main()
//{
// int cas,a,b,n,m;
// scanf("%d",&cas);
// while(cas--)
// {
// init();
// scanf("%d%d",&n,&m);
// for(int i=1;i<=m;i++)
// {
// scanf("%d%d",&a,&b);
// addedge(a,b);
// }
// tarjan_init(n);
// if(taj<=1) cout<<"0"<<endl;
// else
// {
// suodian();
//// int out=0,in=0;
// for(int i=1;i<=taj;i++)
// {
// if(G[i].size()==0)
// out++;
// }
// for(int i=1;i<=taj;i++)///这里是到taj点,不是遍历所有点
// {
//
// if(du[i]==0)
// in++;
// }
// //cout<<out<<" "<<in<<endl;
// int res=max(out,in);
// cout<<res<<endl;
//// }
//// }
// return 0;
//}
int main()
{
while(scanf("%d%d",&n,&m)!=EOF)
{
init();
for(int i=1;i<=n;i++)
minw[i]=inf;
for(int i=1;i<=n;i++)
scanf("%d",&w[i]);//cout<<w[i]<<endl;
int tempa,tempb;
for(int i=1;i<=m;i++)
{
scanf("%d%d",&tempa,&tempb);
addedge(tempa,tempb);///这建的是有向图
}
//cout<<"miao"<<endl;
tarjan_init(n);
// cout<<taj<<endl;
suodian();
int in=0;int ans=0;
for(int i=1;i<=taj;i++)
{
if(du[i]==0)
in++,ans+=minw[i];
/// cout<<minw[i]<<endl;
}
// for(int i=1;i<=n;i++)
// cout<<i<<" belong "<<Belong[i]<<endl;
cout<<in<<" "<<ans<<endl;
}
}
HDU 1827 强连通加缩点
最新推荐文章于 2020-11-13 17:16:00 发布