hddddh的博客

链接：E. Mahmoud and a xor trip题意：给一棵树，每个点有一个权值 ，定义任意两点间的距离为:两点间所有点权的异或和 。求树中所有路径的距离和。思路：对于每个节点开一个数组记录当前节点二进制每一位 1 的个数 ， 然后dp 从下往上转移即可 ， 但要注意子树外的贡献很容易算重复，所以边跑边记录答案。代码：#include <iostream>#include <cstdio>#include <queue>#include <

链接 : A - 巨木之森 题意：每支小队从每个点出发 ，遍历完整颗树的花费是走过路径的和，要求在花费 m 以内，最多可以有多少个小队遍历完整颗树。思路：可以求出每个点遍历整棵树的花费 ，排个序，从小到大选就好了，关键在于求花费。可以发现，要想遍历完整颗树，再回到原来的位置，那么就要把每条边都走两遍，但是现在不需要回到原来的位置，所以只要找到离根节点最远的点，用总权值的两倍减去 这条最远边的长度就好了。根据树的一个性质，离某个点最远的点一定是树直径两端点中的一个，所以我们只要求出树的直径

链接 三色二叉树思路首先给的是一个二叉树，可以递归的把它变成我们熟悉的前向星建图，这样就和普通的树形dp 没有区别了。接下来考虑 树 dp 每个节点分为 选绿色和不选绿色两种情况，如果这个节点选了绿色，那么它所有的子节点都不能是绿色，很好转移。dpma[u][1]+=dpma[to][0];dpmi[u][1]+=dpmi[to][0];对于当前节点不选绿色的情况，那么子节点可以选一个绿色，我们可以先把子节点全不为绿色的和算出来，再一个一个替换为绿色，找最大最小值。但需要注意的是，如

链接： Tree题意：求一棵树中包含每个点的联通点集的数量，答案对 1e9+7取模。思路：大致思路是，求出每个点的子树内包含该点的联通点集数量，然后换根就可以得到每个点的答案，但因为换根的时候涉及到除法，而分母为 0 的时候是不能求逆元的，所以还要把这个节点特殊考虑一下。求子树内包含每个节点的点集合=数很好求 ，就是 dp1[u]=(dp1[u]%mod*(dp1[to]+1)%mod)%mod;然后考虑换根，当前节点的答案为 （子树外的答案+1）* 子树内的答案，子树外的答案可以由当前节点

链接： 随刄而行题意：给一棵有根树，每个节点有一个权值，定义树的完美程度为节点的权值和，可以花费 m 的代价砍掉一颗子树，求最大完美程度。思路：大概就是 dp[ i ] [ j ] （ j=0 || j=1）表示选和不选 i 节点，选 i 节点 又可以由 选不选子节点转移，而如果不选 i 节点 那么它的权值即为 -m（就是直接把它砍掉，和子节点无关了） ,然后就愉快的 wa 了 ，注意数据范围，m有可能是 负数 （这里就比较坑），所以我在砍 i 节点的子树时 ，可以一个节点一个节点的砍，那么就能