yjCola

链接：http://acm.hdu.edu.cn/showproblem.php?pid=4521 题目中文 这个题我用线段树做的，也有更快的算法，这里只介绍线段树的方式 叶子节点为输入的值 从头开始遍历，线段树天然地排好序，所有不用管大小的问题，设加入了点a[i]，那么在一个子序列中这个点最近的下一个点就是a[i+d+1]，相当于对于a[i+d+1]来说，当加入了点a[i]时，就

题目 逆向思维，将海报从后往前的顺序帖就能避免处理覆盖海报的问题，因为逆向处理每次贴海报只能“有空”才能贴，不能覆盖 数据有点大需要离散话 #include #include #include using namespace std; #define MAXN 10005 struct node { int l,r; bool cov; }t[MAXN*8]; struct

hdu 3397 Sequence operation 线段树lazy和区间合并的

hdu 1540 Tunnel Warfare

离散化x坐标 线段树维护x坐标区间内最大的y值

poj 2886 Who Gets the Most Candies? 此题线段树的思路倒是没什么问题，关键在于求

hdu 4288 Coder 此题表示有一定难度啊、、 shoux

poj 2481 Cows

这个题和Hotel差不多 把整个shu

hdu 3308 LCIS

poj 1436 Horizontally Visible Segments 太暴力了、、 #include #include #include using namespace std; #define MAXN 8005 #define lch p<<1 #define rch p<<1|1 #define mid (t[p].l+t[p].r)>>1 struct no

hdu 3642 Get The Treasury 和

hdu 3255 Farming 纠结了几个小时，不过还是很值得的，x

链接：http://acm.hdu.edu.cn/showproblem.php?pid=1264 题意：在一个直角坐标系中给出若干个矩阵对角线两个点的坐标，求所有的矩形所覆盖的面积，x，y范围[0,100]，且是整数 这个题分到线段树那类的，但是看了题后感觉范围也比较小，直接数组暴力模拟应该不会超时，结果和所想一样。不过最近在学线段树，还是要慢慢研究线段树的做法，想到后再贴线段树的代码。

Billboard 这个题想到怎么建树就简单了，叶子节点为“一层”，树的大小最大200000就行了，因为最多就每个贴一层 #include #include #define MAXN 200005 struct node { int l,r; int max; int lmax,rmax; }t[MAXN*4]; int h,w; int max(int a,i

noj 1560 Let Slimes Grow Up

poj 3145 Harmony Forever 奇葩怪异吐血题，无力duo'shuo

链接：http://acm.zju.edu.cn/onlinejudge/showProblem.do?problemCode=3633 题意：给出一n个数的序列，然后又m个询问[x,y](下标)，如果[x,y]内没有重复的数，就输出OK，否则输出从右至左第一个重复的数字 测试数据： 5 1 2 3 1 2 3 1 4 1 5 3 5 [1,4]间从右到左第一个重复的数字是1 [

链接：http://poj.org/problem?id=2352 因为题目给出的数据y是非递减的，所以y可以直接忽略掉，题目不是很难，比较适合练手，给出线段树和树状数组做的代码 线段树: #include #include #define MAXN 32010 int sum[15010]; struct node { int l,r; int s; }t[4*

链接：http://acm.hdu.edu.cn/showproblem.php?pid=3333 题意：给出n个数的一个序列，询问m次，每次询问区间[i,j]内改序列不同数之和，就是说该区间如果某个数出现多次，则只算一次。 这个题要从正面去做太难太难，反正我是不会。 线段树域保存区间不同数之和。 先把所有的询问保存下来，然后以右端点递增排序，遇到右端点相同的怎么排都无所谓。 然

链接：http://acm.hdu.edu.cn/showproblem.php?pid=1542 题意：n个矩阵，给出每个矩阵的左下和右上两个点的坐标，求出所有矩形总的覆盖面积。 扫描线问题，因为坐标是浮点型，那就必须把坐标离散化，我这直接上map了。 再来就是求这个面积的方式了：我这是向y轴映射，那么就保存每一条竖线，包扩该条竖线的x坐标，上下两个y坐标，还有用lr保存这条竖线是

链接：http://poj.org/problem?id=3667 题意：n个连续的房间m个操作。操作分两种，第一种以1 x形式给出，找到最左的能连续容下x个人的连续房间，并输出左端点的编号，如果找不到就输出0.第二章以2 l x的形式给出，表示以l为起点的x个房间都清空。 查询的时候要能直接获取区间的最大连续空房间，这样就能判断能不能连续放下这x个人，但这样还确定不了具体放哪。放的位

链接：http://poj.org/problem?id=3468 线段树成段更新，延迟更新 #include #include #define MAXN 100005 struct node { int l,r; __int64 s,c; }t[MAXN*4]; void construct(int l,int r,int p) { t[p].l=l,t[p].r=r,t[

覆盖的面积 题目要求的时统计覆盖过两次以上部分的面积，query判断修改下就行了，除此之外和Atlantis完全一样 #include #include #include #include using namespace std; #define MAXN 1005 #define ll p<<1 #define rr p<<1|1 struct node { int l,r;

http://acm.hdu.edu.cn/showproblem.php?pid=1828 思路来自http://www.cnblogs.com/ka200812/archive/2011/11/13/2247259.html 向大牛膜拜 #include #include #include #include #include #include using namespace st

http://acm.hdu.edu.cn/showproblem.php?pid=1823 需要注意的东西： 查询的时候输入的hl可能比hr大，al可能比ar大 数据中有h和a相同的数据，修改的时候要取两者中大的那个不能直接覆盖 #include #include #include #include using namespace std; #define MAXNMT

链接：http://acm.hdu.edu.cn/showproblem.php?pid=1394 先求出原串的逆序数，然后每次最前一个数放在最后逆序数的变化量为 ： n-2*num[i]-1 ，解释如下 因为每次都是把最前一个数num[i]换到最后，也就是说此时比num[i]小的数全在其后，也就是有num[i]组逆序数对，于是ans-=num[i] (减去这个数原有的逆序数对) 然后放在最

题目链接 线段树延迟更新的运用，这里用到二进制的方式保存状态，位运算向上更新状态 需要注意的是给出的a,b可能a>b #include #include #define MAXN 100005 struct node { int l,r; int c; int rec; }t[MAXN*4]; void construct(int l,int r,int p)

poj 2482 Stars in Your Window 题意，用一个矩形qu

poj 2828 Buy Tickets 题意：

先看一个例子：给出一个数组a[ n ]，提供两种操作：1、修改其中任意一个数字。2、给出一个下标区间[ i , j ]，得出a[ ]中该下标区间数字之和。 按照最朴素的想法做，修改数字可以在O(1)的复杂度下实现，操作2用循环从i到j求和，若有m次操作2，则复杂度为O(mn)，那么这样的一个算法最终复杂度实为O(n^2)，这样的复杂度下能处理的数据规模就比较有限。而采用线段树这样一种数据结构