题目描述
小凸和小方相约玩密室逃脱,这个密室是一棵有n个节点的完全二叉树,每个节点有一个灯泡。点亮所有灯
泡即可逃出密室。每个灯泡有个权值Ai,每条边也有个权值bi。点亮第1个灯泡不需要花费,之后每点亮4
个新的灯泡V的花费,等于上一个被点亮的灯泡U到这个点V的距离Du,v,乘以这个点的权值Av。在点灯
的过程中,要保证任意时刻所有被点亮的灯泡必须连通,在点亮一个灯泡后必须先点亮其子树所有灯泡才能点亮其他灯泡。请告诉他们,逃出密室的最少花费是多少。
n≤200000 Ai,Bi≤100000
分析
知道如何设状态很重要。
设f[i][j]表示走完i为根的子树然后走到j的代价。很显然这样是过不了的。
考虑修改上面的状态。这要从如何求答案开始想。如果我已经求出了f数组,那么枚举起点,肯定是先走它的子树,然后走到它的父亲,接下来遍历它的父亲的另一个子树,然后走到父亲的父亲,以此类推。
那么可以发现很多状态是没用的。修改:f[i][j]表示走完i为根子树后走到深度为j的祖先的另一个儿子的代价。转移就分先走到左儿子或右儿子来讨论。
然后又设g[i][j]表示表示走完i为根子树后走到深度为j的祖先的代价。转移和上面一样。
由于树高是log(n)的,时间复杂度O(nlogn)
#include <cstdio>
#include <cstring>
#include <algorithm>
using namespace std;
const int N=200005,M=19;
typedef long long LL;
int n;
LL a[N],b[N],dep[N],dis[N];
LL f[N][M],g[N][M],ans;
char c;
int read()
{
for (c=getchar();c<'0' || c>'9';c=getchar());
int x=c-48;
for (c=getchar();c>='0' && c<='9';c=getchar()) x=x*10+c-48;
return x;
}
int main()
{
n=read();
for (int i=1;i<=n;i++) a[i]=read();
dep[1]=1;
for (int i=2;i<=n;i++)
{
b[i]=read();
dep[i]=dep[i>>1]+1; dis[i]=dis[i>>1]+b[i];
}
for (int i=n;i;i--)
{
for (int j=0;j<dep[i];j++)
{
int lca=(i>>(dep[i]-j)),x=(i>>(dep[i]-j-1))^1,lt=i<<1;
if (lt>n) f[i][j]=(LL)a[x]*(dis[i]+dis[x]-dis[lca]*2);
else if (lt==n) f[i][j]=(LL)a[lt]*b[lt]+f[lt][j];
else f[i][j]=min((LL)a[lt]*b[lt]+f[lt][dep[i]]+f[lt|1][j],(LL)a[lt|1]*b[lt|1]+f[lt|1][dep[i]]+f[lt][j]);
}
}
for (int i=n;i;i--)
{
for (int j=0;j<dep[i];j++)
{
int x=i>>(dep[i]-j),lt=i<<1;
if (lt>n) g[i][j]=(LL)a[x]*(dis[i]-dis[x]);
else if (lt==n) g[i][j]=(LL)a[lt]*b[lt]+g[lt][j];
else g[i][j]=min((LL)a[lt]*b[lt]+f[lt][dep[i]]+g[lt|1][j],(LL)a[lt|1]*b[lt|1]+f[lt|1][dep[i]]+g[lt][j]);
}
}
ans=g[1][0];
for (int i=2;i<=n;i++)
{
LL s=g[i][dep[i]-1];
for (int j=i;j>1;j>>=1)
{
int x=j^1,y=j>>1;
if (x>n) s+=(LL)a[y>>1]*b[y];
else s+=(LL)a[x]*b[x]+g[x][dep[y]-1];
}
if (s<ans) ans=s;
}
printf("%lld\n",ans);
return 0;
}