【洛谷题解/SDOI2008】P2158 仪仗队

原题链接:https://www.luogu.com.cn/problem/P2158
难度:提高+/省选-
涉及知识点:欧拉筛,欧拉函数
涉及知识点一览:

题意

有一个 n × n n\times n n×n 的方阵,在方阵整齐的情况下,从 ( 0 , 0 ) (0,0) (0,0) 往四周看,最多能看到多少人。

分析与解决

如果一个人能被视线看到,那么他一定没有遮挡,如果他没有遮挡,则说明他的横纵坐标 ( x , y ) (x,y) (x,y) 互质,即 gcd ⁡ ( x , y ) = 1 \gcd(x,y)=1 gcd(x,y)=1。因为如果 gcd ⁡ ( x , y ) ≠ 1 \gcd(x,y)\neq 1 gcd(x,y)=1,那必然存在一个 k k k 满足 gcd ⁡ ( x / k , y / k ) = 1 \gcd(x/k,y/k)=1 gcd(x/k,y/k)=1,那么显然 ( x , y ) (x,y) (x,y) 就会被 ( x / k , y / k ) (x/k,y/k) (x/k,y/k) 遮挡。

所以,我们只需要求对 n n n 求一遍欧拉函数同时还要做一遍前缀和,也就是 p h i [ i ] + = p h i [ i − 1 ] phi[i]+=phi[i-1] phi[i]+=phi[i1]。初始化 p h i [ 0 ] = p h i [ 1 ] = 1 phi[0]=phi[1]=1 phi[0]=phi[1]=1,另外横坐标和纵坐标都要求一遍欧拉函数,所以对于结果还需要乘 2,而欧拉函数不会考虑到 x = y x=y x=y 的情况,所以最终答案还要加 1,因为满足 x = y x=y x=y x ⊥ y x\perp y xy 的数对仅有 ( 1 , 1 ) (1,1) (1,1)

AC代码

#include <cstdio>
#include <iostream>

using namespace std;

const int N = 1e6 + 10;

typedef long long LL;

int n;
int primes[N], phi[N], cnt;
bool st[N];

LL get_eulers(int x)
{
    for (int i = 2; i <= x; i++)
    {
        if (!st[i])
        {
            primes[cnt++] = i;
            phi[i] = i - 1;
        }

        for (int j = 0; primes[j] <= x / i; j++)
        {
            st[primes[j] * i] = true;
            if (i % primes[j] == 0)
            {
                phi[primes[j] * i] = phi[i] * primes[j];
                break;
            }
            phi[primes[j] * i] = phi[i] * (primes[j] - 1);
        }
        phi[i] += phi[i - 1];
    }
}

int main()
{
    cin >> n;
    n--;

    phi[1] = phi[0] = 1;
    if (n == 0)
    {
        cout << 0;
        return 0;
    }

    int ans = get_eulers(n);

    cout << phi[n] * 2 + 1;
    return 0;
}
### 洛谷题目解答与算法解析 洛谷是一个广受欢迎的在线编程学习平台,提供大量算法题目和题解资源。针对不同的问题,用户可以选择适合自己的算法进行练习或解决问题。 #### DFS(深度优先搜索)在洛谷题目中的应用 DFS是一种经典的回溯算法,通常用于解决迷宫类问题或者路径探索问题。例如,在P1605题目中,使用DFS可以统计从起点到终点的所有可行路径数量。通过递归实现对每个方向的探索,并在满足条件时继续深入,直到到达目标点。以下代码展示了如何实现这一逻辑: ```cpp int dir[4][2] = {0, 1, 1, 0, 0, -1, -1, 0}; // 方向数组 bool check(int nx, int ny) { return nx >= 1 && nx <= n && ny >= 1 && ny <= m; } void dfs(int x, int y) { vis[x][y] = true; for (int i = 0; i < 4; i++) { int nx = x + dir[i][0]; int ny = y + dir[i][1]; if (check(nx, ny) && vis[nx][ny] == false && map[nx][ny] != '#') { dfs(nx, ny); } } vis[x][y] = false; // 回溯 } ``` 上述代码中,`dir`数组定义了四个方向的增量,`check`函数判断坐标是否合法,而`dfs`函数则递归地遍历所有可能的路径并进行回溯[^3]。 #### Dijkstra算法的应用 Dijkstra算法是解决最短路径问题的经典方法,适用于图中节点之间的加权边。以最小体力消耗为例,相邻格子的差值作为代价,可以通过构建小根堆来优化路径选择。具体来说,将每个节点的代价存储在堆中,并按照代价从小到大排序,逐步扩展路径直至找到目标点。以下是Dijkstra算法的核心部分: ```cpp struct Node { int x, y, cost; bool operator<(const Node& other) const { return cost > other.cost; } }; priority_queue<Node> pq; void dijkstra() { pq.push({start_x, start_y, 0}); dist[start_x][start_y] = 0; while (!pq.empty()) { Node current = pq.top(); pq.pop(); if (current.x == target_x && current.y == target_y) break; for (int i = 0; i < 4; i++) { int nx = current.x + dir[i][0]; int ny = current.y + dir[i][1]; if (check(nx, ny)) { int new_cost = abs(grid[nx][ny] - grid[current.x][current.y]); if (dist[nx][ny] > dist[current.x][current.y] + new_cost) { dist[nx][ny] = dist[current.x][current.y] + new_cost; pq.push({nx, ny, dist[nx][ny]}); } } } } } ``` 在此代码中,`Node`结构体定义了节点的信息,包括坐标和当前代价;`priority_queue`实现了小根堆的功能,确保每次取出代价最小的节点进行扩展[^2]。 #### 回溯算法在经典题目中的运用 回溯算法是解决组合、排列等问题的重要工具。例如,在N皇后问题中,通过尝试在每一行放置一个皇后,并检查是否满足列和对角线的约束条件,最终找出所有合法的布局方案。以下是N皇后问题的核心代码: ```cpp bool is_safe(int row, int col) { for (int i = 0; i < row; i++) { if (board[i] == col || abs(row - i) == abs(col - board[i])) { return false; } } return true; } void solve(int row) { if (row == n) { solutions++; return; } for (int col = 0; col < n; col++) { if (is_safe(row, col)) { board[row] = col; solve(row + 1); } } } ``` 此代码中,`is_safe`函数检查当前位置是否安全,`solve`函数递归地尝试每一列的可能性,并在找到完整解后增加计数器[^3]。 #### 总结 DFS、Dijkstra以及回溯算法洛谷题目中均有广泛应用。DFS适合处理路径探索和数量统计问题,Dijkstra适用于最短路径问题,而回溯算法则擅长解决组合、排列等需要穷举可能性的问题。掌握这些算法及其变种对于提升编程能力至关重要。
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