BZOJ2694 Lcm 【莫比乌斯反演】

博客详细介绍了如何解决BZOJ2694问题,该问题涉及计算满足特定条件的LCM(a, b)之和,并利用莫比乌斯反演来简化计算。文章给出了输入输出格式,样例数据及关键的数学公式,并解释了如何通过枚举gcd(i, j)和应用莫比乌斯函数来优化求解过程。" 101721209,8836930,HTTP客户端连接异常:NoHttpResponseException及KeepAlive策略,"['java', '运维', '网络', 'HTTP协议', '性能优化']

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BZOJ2694 Lcm


Description

定义整数 A,B A , B ,求所有满足如下条件的 LCM(a,b) L C M ( a , b ) 的和:
1aA 1 ≤ a ≤ A
1bB 1 ≤ b ≤ B
n>1,n2gcd(a,b) ∀ n > 1 , n 2 ∤ g c d ( a , b )
答案输出模 230 2 30
对于任意的 >1 > 1 n,gcd(a,b) n , g c d ( a , b ) 不是 n2 n 2 的倍数
也就是说 gcd(a,b) g c d ( a , b ) 没有一个因子的次数 >=2 >= 2

Input

一个正整数T表示数据组数
接下来T行 每行两个正整数 表示N、M

Output

T行 每行一个整数 表示第i组数据的结果

Sample Input

4
2 4
3 3
6 5
8 3

Sample Output

24
28
233
178

HINT

T <= 10000
N, M<=4000000


首先根据题目要求

ans=ni=1mj=1lcm(i,j)[μ(gcd(i,j))!=0] a n s = ∑ i = 1 n ∑ j = 1 m l c m ( i , j ) [ μ ( g c d ( i , j ) ) ! = 0 ]

这一步很关键
然后我们可以参照这篇文章把lcm进行展开,在对 gcd(i,j)=d g c d ( i , j ) = d 枚举的过程中保留 [μ(d)!=0] [ μ ( d ) ! = 0 ] 的限制条件

然后经过一顿展开我们可以得到:

ans=upk=1C(nk)C(mk)kd|kdμ(d) [μ(kd)!=0] a n s = ∑ k = 1 u p C ( ⌊ n k ⌋ ) C ( ⌊ m k ⌋ ) k ∗ ∑ d | k d ∗ μ ( d )   [ μ ( k d ) ! = 0 ]

然后我们筛出 kd|kdμ(d) [μ(kd)!=0] k ∗ ∑ d | k d ∗ μ ( d )   [ μ ( k d ) ! = 0 ] 并对其进行前缀和累加

最后下底函数分个块就行了


#include<bits/stdc++.h>
using namespace std;
#define N 4000010
#define LL long long
int T,n,m,tot=0,Mod=1;
int pri[N],mu[N];
LL F[N],C[N];
bool mark[N]={0};
void init(){
    for(int i=1;i<=30;i++)Mod*=2;
    mu[1]=1;
    for(int i=2;i<N;i++){
        if(!mark[i])pri[++tot]=i,mu[i]=-1;
        for(int j=1;j<=tot&&i*pri[j]<N;j++){
            mark[i*pri[j]]=1;
            if(i%pri[j]==0)mu[i*pri[j]]=0;
            else mu[i*pri[j]]=-mu[i];
        }
    }
    for(int i=1;i<N;i++)
        for(int j=1;i*j<N;j++)
            if(mu[j])F[i*j]+=mu[i]*i;
    for(int i=1;i<N;i++)F[i]=(1ll*F[i]*i+F[i-1]+Mod)%Mod;
    for(int i=1;i<N;i++)C[i]=(1ll*(i+1)*i/2)%Mod;
}
int main(){
    init();
    scanf("%d",&T);
    while(T--){
        scanf("%d%d",&n,&m);
        LL ans=0;
        int up=min(n,m);
        for(int i=1,j;i<=up;i=j+1){
            j=min(n/(n/i),m/(m/i));
            ans=(ans+(F[j]-F[i-1])*C[n/i]*C[m/i]%Mod+Mod)%Mod;
        }
        printf("%lld\n",ans);
    }
    return 0;
}
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