Codeforces Round 1007 (Div. 2)(部分题解)

A. The Play Never Ends

思路:自己推一两种情况,就会发现规律。

#include <bits/stdc++.h>
using namespace std;
#define int long long
#define endl '\n'

void solve()
{
    int n;
    cin >> n;
    if (n%3 == 1){
        cout << "YES" << endl;
    }
    else cout << "NO" << endl;
}

signed main()
{
    ios::sync_with_stdio(false);
    cin.tie(0);
    cout.tie(0);
    
    int t = 1;
    cin >> t;
    while (t--)
    {
        solve();
    }
    
    return 0;
}

B. Perfecto

思路:首先判断n个数的总和是否是平方数,是的话肯定输出-1,然后我们是输出先输出2   1,再输出3  4  5   6往后,并统计总和,遇到是平方数的就让该位与下一位交换一下。

#include <bits/stdc++.h>
using namespace std;
#define int long long
#define endl '\n'
int check(int x){
    int cnt = sqrt(x);
    if (cnt*cnt == x) return 0;
    return 1;
}
void solve()
{
    int n, m, k;
    cin >> n;
    int res = (n+1)*n/2;
    int mm = sqrt(res);
    if (!check(res)){
        cout << -1 << endl;
        return ;
    }
    int sum = 3;
    if (n >= 2){
        cout << 2 << " " << 1 << " ";
        for (int i = 3; i<=n; i++){
            if (!check(sum+i)){
                cout << i+1 << " " << i << " ";
                sum += i*2+1;
                i++;
            }
            else {
                cout << i << " ";
                sum += i;
            }
        }
        cout << endl;
    }

}

signed main()
{
    ios::sync_with_stdio(false);
    cin.tie(0);
    cout.tie(0);
    
    int t = 1;
    cin >> t;
    while (t--)
    {
        solve();
    }
    
    return 0;
}

C. Trapmigiano Reggiano

思路:感觉官方题解是一个神奇结论:处理了最大深度 n−1 的所有顶点后,鼠标当前的深度不能超过 n−1。对下一个最大深度 n−2重复这一过程后,鼠的深度将不可避免地变为 n−2或更小。这样继续下去,我们就会按照深度从大到小的顺序处理顶点,直到我们到达根节点,从而达到我们想要的结果。

这样它就能一直往en点靠近。

#include <bits/stdc++.h>
using namespace std;
#define int long long
#define vi vector<int>
#define vvi vector<vi>
#define pb push_back
#define endl '\n'
void solve()
{
    int n, st, en;
    cin >> n >> st >> en;
    vector<vector<int>> adj(n+1);
    for (int i=1; i<n; i++){
        int u, v;
        cin >> u >> v;
        adj[u].pb(v);
        adj[v].pb(u);
    }
    vector<vector<int>> dis(n+1);
    vector<int> dep(n+1, 0);
    auto dfs = [&](auto && dfs, int u, int fa)->void
    {
        dep[u] = dep[fa]+1;
        dis[dep[u]].pb(u);
        for (int v : adj[u]){
            if (v == fa) continue;
            dfs(dfs, v, u);
        }
    };
    dep[en] = 1;
    dfs(dfs, en, 0);
    for (int i=n; i>=1; i--){
        for (int u : dis[i]){
            cout << u << " ";
        }
    }
    cout << endl;
}
signed main()
{
    ios::sync_with_stdio(false);
    cin.tie(0);
    cout.tie(0);
    
    int t = 1;
    cin >> t;
    while (t--)
    {
        solve();
    }
    
    return 0;
}

D1. Infinite Sequence (Easy Version)

思路:难点主要在分类讨论和递归。

当p<=n时,直接返回a[i];

当p/2<=n时,返回异或前缀s[p/2];

接下来讨论递归的分类,要求的是前q/2的异或:

qnow = q/2 > n,

当n是奇数时:

(1)qnow  是偶数时(8),中间的n+1到qnow的数可以两两异或掉,所以只用s[n]异或a[qnow]的值,a[qnow]的值通过递归寻找。

 

(2)qnow  是偶数时(9),a[n+1]到a[qnow]两两异或掉了,所以返回s[n];

当n是偶数时:

(1)qnow  是偶数时(8)时,a[n+2]到a[qnow-1]两两异或掉,所以只用s[n]异或a[qnow]异或a[n+1]的值,a[qnow],a[n+1]的值通过递归寻找。

(2)qnow  是偶数时(9)时,a[n+2]到a[qnow]两两异或掉了,所以返回s[n]异或a[n+1],a[n+1]的值通过递归寻找;

AC代码:

#include <bits/stdc++.h>
using namespace std;
#define int long long
void sovle(){
	int n, l, r;
	cin >> n >> l >> r;
	vector<int> a(n+1), s(n+1);
	for (int i = 1; i<=n; i++){
		cin >> a[i];
		s[i]=s[i-1]^a[i];
	}
	auto dfs = [&](auto &&dfs, int p)->int
	{
		if (p <= n) return s[p];
		if (p/2 <= n) return dfs(dfs, p/2);
		p/=2;
		if (n&1){
			if (p&1) return s[n];
			else return s[n]^(dfs(dfs, p));;
		}
		else{
			if (p&1) return s[n]^dfs(dfs,n+1);
			else return dfs(dfs, p)^s[n]^dfs(dfs, n+1);
		}
		return 0;
	};
	if (r <= n){
		cout << a[r] << endl;
	}
	else cout << dfs(dfs, r) << endl;
}
signed main(){
	int t;
	cin >> t;
	while (t--){
		sovle();
	}
	return 0;
}

### 关于Codeforces Round 704 Div. 2 的信息 对于Codeforces Round 704 Div. 2的比赛,虽然未直接提及具体题目解析或参赛体验的内容,但是可以根据平台的一贯风格推测该轮比赛同样包含了多种算法挑战。通常这类赛事会涉及数据结构、动态规划、图论等方面的知识。 考虑到提供的参考资料并未覆盖到此特定编号的比赛详情[^1],建议访问Codeforces官方网站查询官方题解或是浏览社区论坛获取其他选手分享的经验总结。一般而言,在赛后不久就会有详细的解答发布出来供学习交流之用。 为了帮助理解同类型的竞赛内容,这里提供了一个基于过往相似赛事的例子——如何通过居中子数组特性来解决问题的方法: ```cpp // 假设有一个函数用于处理给定条件下的数组恢复问题 vector<int> restoreArray(vector<vector<int>>& adjacentPairs) { unordered_map<int, vector<int>> adj; for (auto& p : adjacentPairs){ adj[p[0]].push_back(p[1]); adj[p[1]].push_back(p[0]); } int start = 0; for(auto& [num, neighbors] : adj){ if(neighbors.size() == 1){ start = num; break; } } vector<int> res(adjacentPairs.size() + 1); unordered_set<int> seen; function<void(int,int)> dfs = [&](int node, int idx){ seen.insert(node); res[idx] = node; for(auto next : adj[node]){ if(!seen.count(next)){ dfs(next, idx + 1); } } }; dfs(start, 0); return res; } ``` 上述代码展示了利用深度优先搜索(DFS)重建原始序列的一种方式,这与某些情况下解决Codeforces比赛中遇到的问题思路相吻合[^4]。 #### 注意事项 由于缺乏针对Codeforces Round 704 Div. 2的具体材料支持,以上解释更多依赖于对同类活动的理解以及编程技巧的应用实例来进行说明。
评论
添加红包

请填写红包祝福语或标题

红包个数最小为10个

红包金额最低5元

当前余额3.43前往充值 >
需支付:10.00
成就一亿技术人!
领取后你会自动成为博主和红包主的粉丝 规则
hope_wisdom
发出的红包

打赏作者

wirepuller_king

你的鼓励将是我创作的最大动力

¥1 ¥2 ¥4 ¥6 ¥10 ¥20
扫码支付:¥1
获取中
扫码支付

您的余额不足,请更换扫码支付或充值

打赏作者

实付
使用余额支付
点击重新获取
扫码支付
钱包余额 0

抵扣说明:

1.余额是钱包充值的虚拟货币,按照1:1的比例进行支付金额的抵扣。
2.余额无法直接购买下载,可以购买VIP、付费专栏及课程。

余额充值