D P DP DP浅谈
- 由于窝太菜了,只好写这篇浅谈来聊以自慰。
那么我们从最简单的 D P DP DP入门开始吧
【一】基础 D P DP DP
( I ) l i s (I)\ \ lis (I) lis一个最基础的 D P DP DP入门题。
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状态: f i f_i fi表示到 i i i的 l i s lis lis长度
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转移: f i = max ( f j + 1 ) ( a j ≤ a i ) f_i=\max\ (f_j+1)\ \ (a_j\leq a_i) fi=max (fj+1) (aj≤ai)
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答案统计: max f i \max \ f_i max fi
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因为我们在更新 i i i时要找到最大的 f j f_j fj来更新答案使得答案最优。这样的复杂度是 O ( n 2 ) \ O(n^2) O(n2)
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但是我们可以在 O ( n log n ) \ O(n \log n) O(nlogn)的时间内完成,此时可以用树状数组来维护。这里来讲一下用树状数组来维护。此时只要利用简单的区间求最值以及区间加就能完成。
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随便再来几道线性 D P DP DP:
( 1 ) (1) (1) 例题一:CF711C
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这算是一道比较简单的 D P DP DP题
f i , j , k f_{i,j,k} fi,j,k表示表示前i颗树已经分成k组,第i颗树的颜色是j的情况花费的最小费用。
转移也很简单(就是思考这个状态可以由哪些状态转移过来就行了)
当 a i a_i ai确定的时候:
f i , a i , k = m a x ( f i , a i , k , f i − 1 , j , k − 1 ) ( j ! = a [ i ] ) f_{i,a_i,k}=max(f_{i,a_i,k},f_{i-1,j,k-1})\ \ (j!=a[i]) fi,ai,k=max(fi,ai,k,fi−1,j,k−1) (j!=a[i])
f i , a i , k = m a x ( f i , a i , k , f i − 1 , j , k ) ( j = = a [ i ] ) f_{i,a_i,k}=max(f_{i,a_i,k},f_{i-1,j,k})\ \ (j==a[i]) fi,ai,k=max(fi,ai,k,fi−1,j,k) (j==a[i])
当 a i a_i ai不确定的时候:
f i , j , k = m a x ( f i , j , k , f i − 1 , h , k − 1 + w i , j ) ( j ! = h ) f_{i,j,k}=max(f_{i,j,k},f_{i-1,h,k-1}+w_{i,j})\ \ (j!=h) fi,j,k=max(fi,j,k,fi−1,h,k−1+wi,j) (j!=h)
f i , j , k = m a x ( f i , j , k , f i − 1 , h , k + w i , j ) ( j = = h ) f_{i,j,k}=max(f_{i,j,k},f_{i-1,h,k}+w_{i,j})\ \ (j==h) fi,j,k=max(fi,j,k,fi−1,h,k+wi,j) (j==h)
这种题目只要把所有转移考虑全面就很简单了。
( 2 ) (2) (2) 例题二:CF706C
( 3 ) (3) (3) 例题三:CF404D
【二】 D P DP DP的优化
- 由于蒟蒻比较菜不知道什么神仙优化方法,就写几种基础的就好了。
( I ) (I) (I) 单调队列优化 D P DP DP
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其实单调队列就是一种队列内的元素有单调性(单调递增或者单调递减)的队列,答案(也就是最优解)就存在队首,而队尾则是最后进队的元素。因为其单调性所以经常会被用来维护区间最值或者降低DP的维数已达到降维来减少空间及时间的目的。(引 出处)
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我们一边看例题一边来理解他的妙处所在。
例题一:P6040
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对于暴力:
设 f i f_{i} fi表示到 i i i的最小花费精力,转移 O ( n 2 ) O(n^2) O(n2)即可
转移也很简单,没什么可以讲的:
f i = m i n { f j + ( i − j − 1 ) ∗ d + k + a i } , j ∈ [ i − x , i − 1 ) f_i=min\{f_j+(i-j-1)*d+k+a_i\},j∈[i-x,i-1) fi=min{fj+(i−j−1)∗d+k+ai},j∈[i−x,i−1)
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现在我们就要使用单调队列来优化
对于上述柿子我们可以进行移项合并得到: f i = a i + k + ( i − 1 ) ∗ d + m i n { f j − j ∗ d } f_i=a_i+k+(i-1)*d+min\{f_j-j*d\} fi=ai+k+(i−1)∗d+min{fj−j∗d}
到这里我们想到用单调队列去维护 f j − j ∗ d f_j-j*d fj−j∗d单减即可。
对于每次距离的限制用对头来控制,如果 i − q [ h e a d ] > X i-q[head]>X i−q[head]>X那么要更新队头(可以认为队头是来控制区间范围的),对于 D P DP DP值的更新要用到队尾,即当 f [ q [ t a i l ] ] − q [ t a i l ] ∗ D > = f [ i ] − i ∗ D f[q[tail]]-q[tail]*D>=f[i]-i*D f[q[tail]]−q[tail]∗D>=f[i]−i∗D时要更新队尾来保证队内元素单调递减。这样我们就很好地维护了一个单调队列。
( 2 ) (2) (2) 例题二:P2569
( 2 ′ ) (2^{'}) (2′)我写的题解(可参考)
( 3 ) (3) (3) 例题三:CF372C
( I I ) (II) (II) 线段树优化 D P DP DP
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注:由于窝比较菜,只会一些很套路的,巨佬请让步。
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以下是我的个人观点:因为线段树可以维护一些区间加,区间 min o r max \min or \max minormax。。而 D P DP DP不是有时也是寻找从哪里转移过来时候,为了最优,可以使用线段树。或者只是对 D P DP DP方程式中的一部分进行快速查询与记录。一般可以把 n 2 n^2 n2变成 n log n n\log n nlogn。 话不多说,还是来看几道例题。
例题一:CF629D
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对于暴力
暴力 D P DP DP很简单设 f i f_i fi表示到第 i i i块蛋糕最大体积
转移也很显然: f i = max f j + V i ( j ≤ i , a j < a i ) f_i=\max{f_j}+V_i(j\leq i,a_j<a_i) fi=maxfj+Vi(j≤i,aj<ai)
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我们考虑用线段树优化,不是很明显就是用线段树去找到最大的 f j f_j fj来转移,那么不是只要维护一个区间最大以及区间修改就行了。每次更新完 f i f_i fi,把 [ 1 , i d i ] [1,id_i] [1,idi]用 f i f_i fi来更新。我是用树状数组的,常数稍微小一点。
例题二:CF115E
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这道题目相对上面那题难一点。
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对于暴力 f i f_i fi表示只考虑修前 i i i条路的最大收益,转移非常显然:$ f_i=\max(f_j+P(j+1,i)-A(j+1,i)) , 其 中 ,其中 ,其中P(i,j) 表 示 这 个 区 间 的 收 益 , 表示这个区间的收益, 表示这个区间的收益,A(i,j)$表示这个区间的修理费。
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我们还是来考虑线段树优化。首先要保证无后效性,我们按右端点排序,然后从 1 1 1到 n n n修路,每个点的左边区间减去修理费,遇到比赛的右端点,在左区间加上收益,反复更新即可。这些区间更新修改操作都可以用线段树实现。
( 3 ) (3) (3) 例题三:CF833B
( 4 ) (4) (4) 例题四:CF1304F2(虽然本人就做了F1)
( I I I ) (III) (III)长链剖分优化 D P DP DP
- 由于没有怎么学习这里先咕咕咕。。
【三】进阶 D P DP DP
- 再次申明:由于博主比较菜只会写众所周知的进阶 D P DP DP
( I ) (I) (I)状压 D P DP DP
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一下是我的个人看法:状压 D P DP DP就是对于 ( n ≤ 20 ) (n\leq 20) (n≤20)但爆搜又无法完成时使用的~~(是不是非常有道理)~~。认真些,其实状压 D P DP DP就是把某些状态用二进制来存( 1 1 1表示出现过, 0 0 0则相反)。
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但是在学习状压 D P DP DP之前先要比较熟悉位运算状压之位运算
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我们还是拿几道题目来看看吧。
例题一:CF115E
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对于暴力很简单,不再赘述。
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我们首先要知道 b i ∈ [ 1 , 59 ] b_i∈[1,59] bi∈[1,59]为什么是 59 59 59呢。我们可以得到 b i b_i bi只会在 60 60 60以内,所以会出现的数字只有 1 1 1和 60 60 60以内的质数。而对于 59 59 59来说,完全可以用 1 1 1代替,所以现在会出现的数字被缩减为 17 17 17个了。应该讲得比较清楚。这样我们对于每个质数进行二进制表示来实现状压。
于是我们设 f i , s f_{i,s} fi,s表示与 a i a_i ai匹配到 i i i时的质数集状态为 s s s的 ∑ a i − b i \sum a_i-b_i ∑ai−bi的最小值。再用 g i , s g_{i,s} gi,s来记录路径,这样就随意转移即可。
大概为 f i + 1 , s ∣ s t a k = max ( f i + 1 , s ∣ s t a k , f i , s + a b s ( a i − k ) ) f_{i+1,s|sta_k}=\max(f_{i+1,s|sta_k},f_{i,s}+abs(a_i-k)) fi+1,s∣stak=max(fi+1,s∣stak,fi,s+abs(ai−k)),其中 k k k为 [ 1 , 59 ] [1,59] [1,59]的质数枚举, s t a k sta_k stak为对每个质数存下的状态。 g i , s g_{i,s} gi,s随 f i , s f_{i,s} fi,s的更新一起更新即可。输出方案时候我们只要不停回溯最终状态即可,即 ⊕ n o w s t a \oplus nowsta ⊕nowsta。
例题二:CF1316E
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一道刚刚的 c o d e f o r c e s codeforces codeforces的比赛题,挺好的。
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有数据范围 ( p ≤ 7 ) (p\leq 7) (p≤7)可得此题为状压 D P DP DP。
我们首先建个结构体,然后对观众的收益进行排序,再做 D P DP DP。
我们设 f i , s f_{i,s} fi,s表示到第 i i i个人时候, p p p个位置的状态为 s s s时候的最大收益。
转移比较容易
( 1 ) (1) (1) 若不能再选观众了: f i , s = max ( f i − 1 , s x o r ( 1 < < j − 1 ) + a i , j , f i , s ) f_{i,s}=\max(f_{i-1,s\ xor\ (1<<j-1)+a_{i,j},f_{i,s})} fi,s=max(fi−1,s xor (1<<j−1)+ai,j,fi,s)
( 2 ) (2) (2)还能选: f i , s = max ( f i , s , f i − 1 , s + v i ) f_{i,s}=\max(f_{i,s},f_{i-1,s}+v_i) fi,s=max(fi,s,fi−1,s+vi)
( 3 ) (3) (3) 例题三:CF8C(要加个奇妙的剪枝)
( 4 ) (4) (4) 例题四:CF580D(比较简单)
( I I ) (II) (II) 树形 D P DP DP
- 树形 D P DP DP顾名思义就是在一棵树上面做 D P DP DP,是不是很简单啊。他有着和普通 D P DP DP一样的分类(比如背包)。转移相对线性比较难理解,所以还是需要好好理解一下的。那么我们先来看几道题目吧。
( i ) (i) (i)树上背包
- 树上背包就是把背包做到树上就好了,与线性 D P DP DP套路相似。
例题一:P2014 [CTSC1997]选课
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这是一道非常经典的题目,首先我们设 f i , j f_{i,j} fi,j表示选择以 i i i为根的子树中 j j j个节点的最大收益。
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然后就是分组背包的转移了: f u , j = max ( f u , j , f v , k + f u , j − k ) ( v ∈ S u , k ≤ j ) f_{u,j}=\max(f_{u,j},f_{v,k}+f_{u,j-k})(v∈S_u,k\leq j) fu,j=max(fu,j,fv,k+fu,j−k)(v∈Su,k≤j)
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答案 f 1 , m f_{1,m} f1,m(这边我把根变成 1 1 1而不是题目里的 0 0 0)
例题二:P2515 [HAOI2010]软件安装
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这道题目是一道综合应用题,需要用到 t a r j a n tarjan tarjan缩点。
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我们先按照某些依赖关系去连边,然后把相互依赖的一些软件进行缩点。缩完点后,再建一遍图。(以上是 t a r j a n tarjan tarjan部分)由于建立出来的是一棵树,我们建立一个虚拟点 r t rt rt以虚拟节点作为根。那么我们就可以在上面进行 D P DP DP啦,下面就与例题一同理了。
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状态:设 f i , j f_{i,j} fi,j为以 i i i号点为根的子树中用不超过 j j j的空间的最大价值。
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转移: f [ u ] [ i + w [ u ] ] = m a x ( f [ u ] [ i + w [ u ] ] , f [ u ] [ i + w [ u ] − j ] + f [ v ] [ j ] ) f[u][i+w[u]]=max(f[u][i+w[u]],f[u][i+w[u]-j]+f[v][j]) f[u][i+w[u]]=max(f[u][i+w[u]],f[u][i+w[u]−j]+f[v][j])
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答案就是: f r t , m f_{rt,m} frt,m
( i i ) (ii) (ii) 一般树形 D P DP DP
- 做了几道这样的题目发现其实从 u u u转移到 v v v其实就是 s i z , d e p siz,dep siz,dep之间的转移变化,如果无法理解这句话,我们开看一道题目。
例题一:P2986 Great Cow Gathering G
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这是一道必做题,初学的都要做
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我们设 f v f_v fv表示以 v v v为牛棚的花费,只要有 f a v fa_v fav转移过来即可。对于转移画几个图
随便想想就可以得到。 -
转移: f v = f u − s i z v × w + ( t o t − s i z v ) × w f_v=f_u-siz_v\times w+(tot-siz_v) \times w fv=fu−sizv×w+(tot−sizv)×w
应该比较好理解,就是父亲向儿子走了一步,那么父亲与儿子的连边产生的贡献即 s i z v × w + ( t o t − s i z v ) × w siz_v\times w+(tot-siz_v) \times w sizv×w+(tot−sizv)×w。还是很显然的。