thy的专栏

传送门：http://codeforces.com/contest/235/problem/B 思路：设a[i]为第i段连续的O区间的长度，那么答案就是∑a[i]^2。 因为要算平方，那么就可以转化为点对贡献。 n^2=C(n,2)*2+n； 也就是说对于每对点i，j，表示i到j这一段都是O，ij这个点对对分数的贡献是2，对期望的贡献是2*π p[k] (i 然后就是短的可怕的代码。

传送门：http://www.lydsy.com:808/JudgeOnline/problem.php?id=2337 思路：看到异或，那就按位做。 假设现在在做第i位，为了描述方便，现在的边权是val[y]&(1 设f[x]表示x到n的路径异或和为1的期望， 那么就有方程f[x]=∑f[son[x]]*(1-val[y])（如果边权为0）+(1-f[son[x]])*val[y]（如果

传送门：http://www.lydsy.com/JudgeOnline/problem.php?id=3143 思路：首先贪心是很显然的，为了使分数最小，期望到达次数越多的，编号就应该给的越小。 直接设边的期望列方程比较复杂。 所以我们换一个思路，先解出每个点的期望到达次数，那么边的期望次数就可以算出来了。 设边为y，与它相连的两个点为a，b，点的期望次数为f[a],f[b]，度数为de

传送门：http://www.lydsy.com/JudgeOnline/problem.php?id=2698 思路： 令xi=1,col=white   　=0,col=black E[X]=E[Σxi]=ΣE[xi] 因为只要覆盖一次就算覆盖，所以直接算不太方便 考虑每个点m次不被覆盖的概率 就是一次不被覆盖的概率的m次方 #include #include #include

传送门：http://www.lydsy.com/JudgeOnline/problem.php?id=2720 思路： 利用期望的线性性，可以转为求每个人的期望 设每个人能看到的距离为di E[Σdi]=ΣE[di] 考虑怎么求每个人的期望 设sum[i]表示身高小于i的身高的人数 枚举位置，再枚举长度即可   但其实我们可以不用枚举位置，每个位置(如果足够长)其实是一样的

传送门：http://www.lydsy.com/JudgeOnline/problem.php?id=1417 思路： 注意到每个点没有什么区别，我们关心的只是联通情况 我们可以用每个连通块的大小来表示状态 30的整数拆分数是5604,也就是说最多有5604种状态 这些状态之间的转移关系显然是DAG 转移方程： 设当前状态S={C1,C2...C[m]}的合并两个连通块的后继状态为