GCJ2015 还原集合题解-优快云博客

GCJ2015 还原集合

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假设说我们知道一个数 $x, x > 0$ 我们考虑对其进行背包，不妨假设上一个背包的数组为 $f$ 。

发现对于一个新的数组位置 $i$ 会对应 $i - x, x$ 两个位置。

然后考虑一下 $x, x < 0$ 的情况，位置 $i$ 会对应 $x, i + x$ 两个位置。

发现本质上还原的两个位置只相差了 $x$ ，所以我们最后还原出来的数列也只是位置相差了 $x$ 。这个 $x$ 是由若干个数拼接而成的，也就是将一个数取反得到的。

我们考虑如何得到最终答案的一个数，如果当前集合和的最大值减去次大值肯定只有几种情况。

少了一个最小的正数。
多了一个最大的负数。

结合一下就是得到的数的绝对值是最小的。我们不妨将所有的数都当做正数来考虑，那么最后得到初始的 $f$ 数组也就是只有 $f_0 = 1$ 。那么我们找那个唯一有值的情况，之后进行背包即可。

如果 $f0≠1f_0 \ne 1$ 呢？肯定是有若干个 $0$ 组成的集合，也就是 $2^{sum - 1}$ ，其中 $s u m$ 是 $0$ 的数量。

当我们找到这个位置 $f_x = 1$ 而且其他位置都是 $0$ 的时候我们考虑将其他数进行取反。对于背包 $g (i, j)$ 表示考虑第 $i$ 个数，容量为 $j$ 是否被拼成。如果 $g (i, s) = 1$ 而且 $g (i - 1, s - v) = 1$ 那么说明这个数是可以放的。

这里进行背包之后直接进行贪心即可。

背包的空间太大？我们发现最终能够拼成的所有不同权值的集合都已经给出了，我们对于每个权值直接进行离散化即可。

因为一开始我们的 $x$ 肯定是 $< 0$ 的，我们会考虑将其取反，那么我们的权值也需要对应取反一下。

也就是将数轴正负翻转一下即可。

代码实现的话就是直接按照上述过程进行模拟。

#include <bits/stdc++.h>
using namespace std;

//#define Fread
//#define Getmod

#ifdef Fread
char buf[1 << 21], *iS, *iT;
#define gc() (iS == iT ? (iT = (iS = buf) + fread (buf, 1, 1 << 21, stdin), (iS == iT ? EOF : *iS ++)) : *iS ++)
#define getchar gc
#endif // Fread

template <typename T>
void r1(T &x) {
	x = 0;
	char c(getchar());
	int f(1);
	for(; c < '0' || c > '9'; c = getchar()) if(c == '-') f = -1;
	for(; '0' <= c && c <= '9';c = getchar()) x = (x * 10) + (c ^ 48);
	x *= f;
}

template <typename T,typename... Args> inline void r1(T& t, Args&... args) {
    r1(t);  r1(args...);
}

#define int long long
const int maxn = 2e5 + 5;
const int maxm = maxn << 1;
const int inf = 1e15;
void Solve() {
    int i, j, n;
    r1(n);
    struct Node {
        int s, p;
        int operator < (const Node &z) const {
            return s < z.s;
        }
    };
    vector<Node> p(n + 1);
    vector<int> v;
    for(i = 1; i <= n; ++ i) r1(p[i].s);
    for(i = 1; i <= n; ++ i) r1(p[i].p);
    sort(p.begin() + 1, p.end());

    for(i = 1; i <= n; ++ i) v.push_back(-p[i].s);
    sort(v.begin(), v.end());
    
    function<pair<int, int>(void)> gt;
    gt = [&] () {
        int mx[2]; mx[0] = mx[1] = - inf;
        for(i = n; i >= 1; -- i) if(p[i].p) {
            if(p[i].s > mx[0]) mx[1] = mx[0], mx[0] = p[i].s;
            else mx[1] = max(mx[1], p[i].s);
        }
        return make_pair(mx[0], mx[1]);
    };// the empty : only mx[0]
    
    int ps0(0);
    vector<int> abpos;
    while(1) {
        pair<int, int> x = gt();
        if(x.second == -inf) { ps0 = x.first; break; }
        abpos.push_back(x.first - x.second);
        int delta = x.first - x.second;
        static map<int, int> mp;
        mp.clear();
        mp[p[1].s] = p[1].p;
        for(i = 2; i <= n; ++ i) {
            if(mp.count(p[i].s - delta)) p[i].p -= mp[p[i].s - delta];
            mp[p[i].s] = p[i].p;
        }
    }
    int T(0);
    for(i = 1; i <= n; ++ i) if(p[i].p > 0) { T = log2(p[i].p); break; }
    while(T --) abpos.push_back(0);

    sort(abpos.begin(), abpos.end());
    ps0 = -ps0;
    vector<vector<int> >  f(abpos.size() + 2, vector<int>(n + 2, 0));

    f[0][lower_bound(v.begin(), v.end(), 0) - v.begin()] = 1;

    for(i = 0; i < abpos.size(); ++ i) {
        f[i + 1] = f[i];
        for(j = v.size() - 1; j >= 0 && v[j] - abpos[i] >= 0; -- j) {
            int id = lower_bound(v.begin(), v.end(), v[j] - abpos[i]) - v.begin();
            if(v[id] == v[j] - abpos[i])
                f[i + 1][j] |= f[i][id];
        }
    }
    for(int i = abpos.size(), ns = lower_bound(v.begin(), v.end(), ps0) - v.begin(); i > 0; -- i) {
        int x = v[ns] - abpos[i - 1];
        if(x < 0) continue;
        int y = lower_bound(v.begin(), v.end(), x) - v.begin();
        if(v[y] == x && f[i - 1][y] == 1) abpos[i - 1] = - abpos[i - 1], ns = y, ps0 += abpos[i - 1];
        if(x == 0) break;
    }
    sort(abpos.begin(), abpos.end());
    for(int v : abpos) printf(" %lld", v);
    puts("");
}

signed main() {
    freopen("recoverset.in", "r", stdin);
    freopen("recoverset.out", "w", stdout);
    int i, j, T;
    r1(T);
    for(i = 1; i <= T; ++ i) {
        printf("Case #%lld:", i);
        Solve();
    }
	return 0;
}