洛谷p1019 单词接龙

本文介绍了一种单词接龙游戏的实现算法,通过寻找单词间的最小公共部分并确保相邻单词不存在包含关系来构建最长的‘龙’。文章详细解释了算法流程,包括如何计算两个单词之间的最小重叠长度,并通过递归搜索找到满足条件的最长单词序列。

摘要生成于 C知道 ,由 DeepSeek-R1 满血版支持, 前往体验 >

题目描述

单词接龙是一个与我们经常玩的成语接龙相类似的游戏,现在我们已知一组单词,且给定一个开头的字母,要求出以这个字母开头的最长的“龙”(每个单词都最多在“龙”中出现两次),在两个单词相连时,其重合部分合为一部分,例如 beast和astonish,如果接成一条龙则变为beastonish,另外相邻的两部分不能存在包含关系,例如at 和 atide 间不能相连。

输入输出格式

输入格式:

输入的第一行为一个单独的整数n (n<=20)表示单词数,以下n 行每行有一个单词,输入的最后一行为一个单个字符,表示“龙”开头的字母。你可以假定以此字母开头的“龙”一定存在.

输出格式:

只需输出以此字母开头的最长的“龙”的长度

输入输出样例

输入样例#1

5
at
touch
cheat
choose
tact
a

输出样例#1:

23

思路:先找出两个单词的最小公共部分(前一个单词的后缀和后一个单词的前缀最小的重叠部分),然后搜索,搜索的时候先找单词第一个字母是给出的字母的,搜索后面的时候要保证相邻的两部分不能存在包含关系(重叠部分长度小于要相接的两个单词的长度),还有就是一个单词最多使用两次

#include<iostream>
#include<cstring>
#include<string>
using namespace std;
string a[20];
int cl[20][20];//cl保存两个单词的最小重叠长度
int visit[20];
int n;
int ans=0;
int commonlenth(string a,string b)  //计算两个单词的最小重叠长度
{
	int i,j,k;
	int minlen=0x3f3f3f3f;
	for(k=1;k<=a.length();k++)
	{
		i=a.length()-1;
		j=k-1;
		int flag=0;
		while(i>=0&&j>=0)
		{
			if(a[i]==b[j])
			{
				i--;
				j--;
			}
			else
			{
				flag=1;
				break;
			}
		}
		if(!flag)
		minlen=min(minlen,k);
	}
	return minlen==0x3f3f3f3f?0:minlen;
	
}
void dfs(int lenth,int pre)
{
	ans=max(ans,lenth);
	for(int i=0;i<n;i++)
	{
		if(visit[i]<2) //每个单词最多使用两次
		{
			if(cl[pre][i]>=1&&cl[pre][i]<a[i].length()&&cl[pre][i]<a[pre].length())//相邻两个单词要有重叠部分,并且不能包含
			{
				visit[i]++;
				dfs(lenth+a[i].length()-cl[pre][i],i);
				visit[i]--;
			}
		}
	}
}
int main(){
	memset(visit,0,sizeof(visit));
	memset(cl,0,sizeof(cl));
	cin>>n;
	int i,j;
	for(i=0;i<n;i++)
	{
		cin>>a[i];
	}
	int x,y;
	for(x=0;x<n;x++)
	{
		for(y=0;y<n;y++)
		{
			cl[x][y]=commonlenth(a[x],a[y]); 
		}
	}
	char s;
	cin>>s;
	for(i=0;i<n;i++)
	{
		string temp=a[i];
		if(temp[0]==s)    //先确定排头的第一个单词
		{
			visit[i]++;
			dfs(temp.length(),i);
			visit[i]--;
		}
	}
	cout<<ans<<endl;
} 

### 洛谷 P1019 题目解析 洛谷 P1019 是一道经典的单词接龙问题,目标是从给定的一组单词中构建最长的接龙序列。此问题可以通过图论中的深度优先搜索(DFS)或者广度优先搜索(BFS)来解决[^1]。 #### 问题描述 输入一组单词,每个单词由小写字母组成。定义两个单词可以连接在一起的标准是:前一个单词的最后一个字母等于后一个单词的第一个字母。求能够构成的最大接龙长度以及对应的方案数。 --- #### 思路分析 该问题的核心在于如何高效地找到满足条件的单词组合。以下是主要思路: 1. **建图** 将每个单词视为节点,如果单词 A 的结尾字符与单词 B 的开头字符相同,则从 A 向 B 连一条有向边。这样就形成了一个有向无权图。 2. **状态表示** 使用 DFS 或 BFS 来遍历整个图,记录当前路径的长度和数量。为了防止重复访问同一个单词,在每次扩展时需要标记已使用的单词。 3. **剪枝优化** 如果发现某个分支无法继续延伸,则立即停止对该分支的探索,从而减少不必要的计算开销。 4. **回溯算法** 利用递归的方式枚举所有可能的情况,并通过全局变量保存最大值及其对应的结果集。 --- #### 实现代码 下面提供了一种基于 C++ 的解决方案: ```cpp #include <bits/stdc++.h> using namespace std; const int MAXN = 25; int n, ans_len = 0, ans_cnt = 0; bool used[MAXN]; vector<string> words; string path; void dfs(int length, string last_word) { if (length > ans_len) { ans_len = length; ans_cnt = 1; } else if (length == ans_len){ ++ans_cnt; } for (int i = 0; i < n; ++i) { if (!used[i] && !words.empty() && words[i][0] == last_word.back()) { used[i] = true; dfs(length + 1, words[i]); used[i] = false; } } } int main(){ cin >> n; words.resize(n); for(auto &word : words) cin>>word; memset(used, 0, sizeof(used)); for(int i=0;i<n;++i){ memset(used, 0, sizeof(used)); used[i]=true; dfs(1, words[i]); } cout << ans_len << endl << ans_cnt; } ``` 上述程序实现了完整的逻辑流程,具体细节已在注释中标明。 --- #### 注意事项 - 数据范围较小的情况下可以直接采用暴力方法解决问题;但如果数据规模较大,则需考虑更高效的动态规划策略或其他高级技巧。 - 对于某些特殊边界情况(如同一字符串多次出现),应特别留意其处理方式以免影响最终答案准确性。 ---
评论
添加红包

请填写红包祝福语或标题

红包个数最小为10个

红包金额最低5元

当前余额3.43前往充值 >
需支付:10.00
成就一亿技术人!
领取后你会自动成为博主和红包主的粉丝 规则
hope_wisdom
发出的红包
实付
使用余额支付
点击重新获取
扫码支付
钱包余额 0

抵扣说明:

1.余额是钱包充值的虚拟货币,按照1:1的比例进行支付金额的抵扣。
2.余额无法直接购买下载,可以购买VIP、付费专栏及课程。

余额充值