洛谷2846 USACO08NOV 光开关 Light Switching

本文介绍了一种使用线段树实现区间翻转和查询的算法,通过递归地将翻转操作下放至子节点,并维护节点状态来高效处理区间翻转及求和查询。适用于解决区间操作和区间查询类问题。

摘要生成于 C知道 ,由 DeepSeek-R1 满血版支持, 前往体验 >

题目:Light Switching


思路:区间修改区间查询的线段树。


代码:

#include <cstdio>
#include <iostream>
#include <algorithm>
#include <stack>
#include <queue>
#include <deque>
#include <set>
#include <cstring>
#include <map>
using namespace std;

#define maxn 100000

int n,m;
int a[4*maxn+5]={0};
int lzy[4*maxn+5]={0};

int p,q;

void push_down(int o,int lc,int rc,int l1,int r1,int l2,int r2){
	if(lzy[o]) {
		lzy[lc]^=1,lzy[rc]^=1;
		a[lc]=r1-l1+1-a[lc],a[rc]=r2-l2+1-a[rc];
		lzy[o]=0;
	}
}

void update(int o,int l,int r){
	if(l>=p&&r<=q) {
		lzy[o]^=1,a[o]=r-l+1-a[o];
		return ;
	}
	if(l>q||r<p) return ;
	
	int lc=o*2,rc=o*2+1,mid=l+(r-l)/2;
	push_down(o,lc,rc,l,mid,mid+1,r);
	update(lc,l,mid),update(rc,mid+1,r);
	a[o]=a[lc]+a[rc];
}

int query(int o,int l,int r){
	if(l>=p&&r<=q) {
		return a[o];
	}
	if(l>q||r<p) return 0;
	
	int lc=o*2,rc=o*2+1,mid=l+(r-l)/2;
	push_down(o,lc,rc,l,mid,mid+1,r);
	return query(lc,l,mid)+query(rc,mid+1,r);
}

int main() {
	scanf("%d%d",&n,&m);
	for(int i=1;i<=m;i++){
		int opr;
		scanf("%d%d%d",&opr,&p,&q);
		if(!opr){
			update(1,1,n);
		} else {
			printf("%d\n",query(1,1,n));
		}
	}
	
	return 0;
}

题目描述 农夫约翰一直在观察他的奶牛们。他注意到,如果在牛群中有太多的牛靠得太近,就会导致不健康的行为和情感问题。 约翰想知道他的牛群是否存在这个问题。他定义这个问题为:在一个固定长度的路段上,如果有两头高度大于等于 $y$ 的奶牛之间的距离小于 $x$,则牛群中就存在一个挤得太近的情况。 约翰有 $N$ 头牛 ($1 \leq N \leq 50,000$),每头牛的高度为 $h_i$ ($1 \leq h_i \leq 1,000,000$)。他想知道是否存在一对牛,使得它们之间的距离小于 $x$,且它们的高度都大于等于 $y$。 输入格式 第一行包含三个整数 $N, L, R$,分别表示牛的数量,路段长度,和问题的最大高度。 接下来 $N$ 行,每行一个整数 $h_i$,表示每头牛的高度。 输出格式 如果存在一对牛,它们之间的距离小于 $x$,且它们的高度都大于等于 $y$,则输出 $1$,否则输出 $0$。 输入样例1 4 6 4 4 4 5 7 输出样例1 1 输入样例2 5 3 3 1 5 5 5 5 输出样例2 0 提示 对于 $30\%$ 的数据,$N \leq 500$。 对于 $100\%$ 的数据,$1 \leq N \leq 50,000$,$1 \leq L \leq 1,000,000$,且 $L \leq R$。 数据范围 时间限制:1.0s,空间限制:256MB 算法1 (暴力枚举) $O(n^2)$ 首先对输入的牛的高度进行排序,之后枚举每头牛,再枚举它后面的每头牛,如果两头牛的高度均大于等于 $y$,且它们之间的距离小于 $x$,则输出 $1$。如果最后仍然没有满足条件的牛,则输出 $0$。 时间复杂度 暴力枚举,时间复杂度为 $O(n^2)$,无法通过此题。 算法2 (滑动窗口) $O(n \log n)$ 为了方便后续操作,我们将所有的牛按照它们的高度从小到大排序。之后,我们维护一个长度为 $L$ 的滑动窗口,它的右端点与左端点之间的距离小于 $x$。我们从左到右扫描每头牛,将它加入滑动窗口的左端点,同时将滑动窗口右移,直到滑动窗口的右端点与左端点之间的距离小于 $x$。 在处理完一头牛之后,我们需要判断滑动窗口中是否存在一对牛,它们的高度均大于等于 $y$,且它们之间的距离小于 $x$。我们可以用双指针来实现这个操作。我们从滑动窗口的左端点开始,向右移动一个指针 $i$,同时向右移动一个指针 $j$,直到 $h_j - h_i \leq x$。在这个过程中,我们需要判断 $h_i$ 和 $h_j$ 是否均大于等于 $y$。如果存在一对牛满足条件,则输出 $1$。如果最后仍然没有满足条件的牛,则输出 $0$。 时间复杂度 因为需要对所有的牛进行排序,所以时间复杂度为 $O(n \log n)$。 C++ 代码 算法3 (暴力优化) $O(n \log n)$ 首先对输入的牛的高度进行排序,之后枚举每头牛。如果当前牛的高度小于 $y$,则跳过这头牛。否则,我们从它的左边和右边各扩展出一个长度为 $x$ 的区间。如果这两个区间内的牛的数量均大于等于 $2$,且这两个区间中任意两头牛的高度均大于等于 $y$,则输出 $1$。 时间复杂度 因为需要对所有的牛进行排序,所以时间复杂度为 $O(n \log n)$。 C++ 代码
评论
添加红包

请填写红包祝福语或标题

红包个数最小为10个

红包金额最低5元

当前余额3.43前往充值 >
需支付:10.00
成就一亿技术人!
领取后你会自动成为博主和红包主的粉丝 规则
hope_wisdom
发出的红包
实付
使用余额支付
点击重新获取
扫码支付
钱包余额 0

抵扣说明:

1.余额是钱包充值的虚拟货币,按照1:1的比例进行支付金额的抵扣。
2.余额无法直接购买下载,可以购买VIP、付费专栏及课程。

余额充值