The Summer, The Winter

好久没登优快云了…感觉本科阶段最后一段时间用了吧…研究生打算换到简书试试…说到读研其实整个人还是懵逼的…本来觉得没什么，但是前两天在图书馆看到前端的书，忽然又想起之前面试的时候…放弃offer这件事真的是感觉可惜得要满地打滚了。不知道会不会被网易爸爸拉黑…然而感觉研究生出来可能还是做前端（doge脸…）感觉读研出来应该找一个看上去高端一点的职位，比如架构师，数据分析啥啥的…但是秉承着干一行爱

最多15个作业，如果全排列则共有15！种，但是这样会计算很多重复的值，用状压DP，遍历2^15，可以枚举所有作业的出现顺序，并且通过记录，可以进行递推。初始状态是0，最后的状态是2^16-1(111111....)表示所有的作业都已经做过了。#include #include #include #include #include using namespace std;#def

问题描述我们把一个数称为有趣的，当且仅当：1. 它的数字只包含0, 1, 2, 3，且这四个数字都出现过至少一次。2. 所有的0都出现在所有的1之前，而所有的2都出现在所有的3之前。3. 最高位数字不为0。因此，符合我们定义的最小的有趣的数是2013。除此以外，4位的有趣的数还有两个：2031和2301。请计算恰好有n位的有趣的数的个数。由于答案

囧。。。这道题又捣鼓了很久。。。以前也做过。。说明没有理解透嘛。。真的非常shy。。dp[i][j]表示第i 位上的数是j的时候符合情况的情况数（没有4没有62），计算这个值，就是枚举前一位的数（0-9）符合情况的数相加即得。而且枚举的时候要从高位到低位枚举，因为每次枚举的数的范围是（0-dig[i]-1）所以当枚举下一位的时候(dig[i-1])，当前位就是dig[i]了。并且由于要

题目不看全就风风火火开始做的我也是醉了。。。。因为没看到n为0的时候结束，，改了好久都不知道错哪里。。。一些题目明明自己做过了却忘了说明没有理解透，慢慢来复习。#include #include using namespace std;#define maxn 101000#define ll long longstruct node{ ll val,pos;}que

这道题有DP做法和数学做法。。。数学做法：用隔板法，枚举放入木桩的个数i，然后从n个格子中去掉i个木桩i，由于木桩之间间隔为2，所以再抽取(i-1)个格子，这样用隔板法的时候就没有问题了然后注意组合数。。。用公式C(n,m)=C(n-1,m-1)+C(n-1,m)才可以，若是直接算阶乘会爆的！！(这么简单的都忘了！！)DP做法：用s[i]表示有i个格子的时候摆放的方法数，那么增

class Solution {public: mapdp1,dp2; int ans; void help(TreeNode*x) { dp1[x]=dp2[x]=x->val; if(x->left) { help(x->left); int tmp=dp1[x->

其实。。。本来我只是想随便拿一道LCS练练手的。。。。真是练练手啊。。。LCS部分不多说，，说说输出这一部分。要求是所有不重复的LCS且要升序排列。其实并没有做过LCS得还原，所以这一部分还纠结了好久。刚开始暴力搞的，用DFS搜了解，但是这样第一是会有重复的部分（其实暴力的时候也应该去剪枝的），估计剪枝之后 不会有重复的，但是还是要超时。第二就是太慢了。。。然后T了之后就不知道怎么

简单DP。#include #include #include #include using namespace std;#define maxn 1010int dp[maxn][maxn];char a[maxn],b[maxn];int main(){ int n,m; while(scanf("%d %s",&n,a)!=EOF) {scanf

由于数据大，常规做法会T。然后NLOGN的方法小小get了一下。我觉得这种做法如果只是想知道怎么做的话，看代码比看字来的容易懂，但是当然想要知道原理的话还是要去看字呀。然后自己偷懒并没有去把原理看懂。#include #include using namespace std;#define maxn 100010int que[maxn];int top;void upda

DP要么自己想出来，要么看着别人的思路想出来，最好不要看着代码去理逻辑。毕竟是数学。题解讲的挺清楚的。。。。。dp[i][j]表示数i被分成j个不相同的部分。那么：dp[i+j][j]+=dp[i][j]dp[i+j+1][j+1]+=dp[i][j]可以发现j+1仅和j有关，可以用滚动数组。可以发现，要把每个数拆成j个part的结果先算出来才能算下一个part的。#i

给出的行列范围小，所以考虑状压。用0表示向下摆（摆到这一行的时候这个位置是空的），1表示这里有东西，可能是上一行放上来的，也可能是横着摆放的。考虑怎么进行状态转移。对于当前状态，枚举所有的状态，找到符合条件的之前的状态。什么是之前的状态呢，如果当前行，某个位置出现0，那么上一行这个位置就绝对不能是0，如果某个位置是1，那么上一行是0或者1都可以。所以如果now|pre结果都是1111..那么就

挺简单的。。然而还是想了一会。。。感觉自己脑袋还不是很清醒。。TAT。。。自己脑袋里老是有些奇奇怪怪的小细节。。TAT#include #include #include using namespace std;#define maxn 40000class node{public: int cost,sum;}dp[maxn];class nodee{publi

如果暴力做，要枚举每个子矩阵的一条对角线上的两个点，几乎有n^2 * n^2的复杂度。如果把行数变为1，那就是最大子段和的问题，所以当把几行都加起来成一行，再求最大子段和，就可以知道这几行内的最优解……#include #include using namespace std;#define maxn 110int a[maxn][maxn],tmp[maxn],n;int max(

周日做腾讯笔试。。最后一题是最长回文子序列。。。(●°u°●)​ 」由于太久没做这样的题了。。第一题蛇形数组坑了我好久。。然而原因居然是控制前进方向的数组写错了。。TAT然后最后一题就剩下十几分钟。。于是我一看到“回文”，“序列”。。就开始写回文子串。。写完剩2分钟再看一眼题目就发现悲剧了。。(((o(*ﾟ▽ﾟ*)o)))。。。。以前自己刷题也犯这种错误。。但是并不在意。。。到笔试的时候就坑爽

之前对乔姆斯基范式不大了解。。（对的。。考试也没考好。。）。乔姆斯基范式中，每个转移后的状态都只有两个大写字母或者一个小写字母。。。#include #include #include using namespace std;#define maxn 110class node{ public: int x,y;}mmap[26][maxn];int ans[26

首先想到的是背包，但是只是纯背包的话，会发现，每个物品取的顺序是会影响结果的（就对案例而言，我如果先取了第一个，再取第二个，就会与最优结果失之交臂）。所以就要考虑，什么顺序取舍最好。然后这个问题就按白书上那样套套公式啦。。发现是Xc/Xb 越小，优先级越高。所以先读入，排序，在背包#include #include #include #include using namespace s

这道题怎么会没做过呢。。。我觉得我绝逼是见过这道题的了，，最长公共子序列的简单变形。#include #include #include using namespace std;#define maxn 100010int a[550];int dp[2][maxn];int main(){ int n; while(cin>>n) { memset(dp,0,siz

TAT,,,觉得自己不算太理解，但是居然可以凭着记忆做出来。。蛮拼的#include #include #include #include using namespace std;#define maxn 100100int dp[2][maxn];int main(){ string a,b; while(cin>>a>>b) { memset(dp,0,sizeo

= =。。。我果真是数学弱渣。。。普通状压，但是由于可以走两回所以变成了三进制的。。然后注意三进制的处理方法。。关于状压的循环顺序，如果是那种给你格子的，就是一行一行遍历的，每一行都遍历所有可能符合情况的数，通常是用滚动数组加上部分维度或者是变量进行限制条件的记录。如果是需要顺序的，只要求最后遍历完的，就是在1#include #include #include using na

今天脑袋不清楚了一天。。。TAT。。。这种题还调了那么久。。TAT。。。之前有想过用贪心，因为每个数都是非负数，那么自然是每行拿的越多越好，就尝试0101或者1010这样的序列就好了，但是可能出现这种情况，上一行拿了0101的序列，这一行拿1010，有可能下一行1010的取值配上上一行0101的取值是最大的情况，或者是这一行01001更佳，所以还是要用状压DP。。之前忘了初始化。。醉了。。

应该算是比较裸的最短路和状压DP。。。感觉之前看到的题都是DP。。因为想的问题都一样。有一点，由于状态在转移的时候，是由哪一个点转移过来的很重要，所以并不能通过取最小值来决定从哪一个点转移来，所以每个点产生的情况都要记录。在这里错了好久。。。恩。。这样说来应该还是蛮简单的。。。。#include #include #include #include using namespac

睡眠是个好东西。。=w=。。今天上午困困的。。明明已经发现怎么做了，结果建立矩阵的时候脑子一直是糊里糊涂的。。。。睡了一觉，起来改改就过了。。。=w=~~之前知道是DP+快速幂了，但是之前看的时候没有头绪。看第一眼也觉得是组合数，但是自己先草算几个例子就会发现是DP，用dp[i][j]表示目前的长度为i，用了j种颜色，那么可以由i-1的长度有j-1中颜色在剩下的k-j+1中颜色中挑一种

这道题自己是水过的，，，交完之后看了网上的代码是DP，，我。。。时间还算不错，跑了400MS。题意：蜘蛛侠从初始的塔开始，利用一栋栋楼做圆周摆，到达最后的塔楼。并且每次摆长不能大于楼高。题解：首先，每次的圆周摆要完成之后才可以进行下一次的移动，所以每次的圆周摆，始末位置是关于塔楼对称的。根据楼高可以算出能进行圆周摆的范围，然后就枚举。。我在讲什么啊去QAQ。。。#include

好久没做题了，望我能跨过这道坎。DP其实自己原先做了好久还是跟没入门一样……有点不得其法……到底是哪方面能力差……好啦，说说想法。是看了题解还是不懂的……之前脑子里一直模拟程序是怎么走的，但是真不知道为什么这样，然后刚刚……换了一种方式……我也不知道这样靠谱不……反正……看着像对的？不对的话也是我证明的方面还不够吧。设dp[i]为以a[i]结尾的最大子序列和。证明：dp[i

和1231几乎一样嘛…… 就是处理位置的时候改个等号然后PE的我心塞塞，总算是找对姿势了。#include #define ll long long#define maxn 100010int a[maxn];typedef struct node{ ll sum; int l,r;}node;node ans[2];int main(){ int

二维背包进阶版。。。。。把b

第二道二维背包，1A，虽然简单，但是每次1A都很开心~~~~~

你妹啊。。。。。。。到最后直接都在对拍了还WA了好久，mao

1A。看到直接A掉了还是很激动的呀啊啊。今天下午的目标就是进阶wan

又是一道背包题，模式完全一样的，就是稍微注意下格式，然后memset不能对double型的进行初始化

DP，基础简单背包问题。。。然后转移方程没错不知道wa在哪里。。。今晚吃齁了不想查

1(最长公共子串(注意和最长公共子序列区别)）两个字符串str1和str2,长度分别为（l1,l2)dp[i][j]表示以两个字符串分别以第i和第j个字符结尾所能达到的公共子序列的长度，由于下面涉及到i-1和j-1，那么这个时候我们一般从i=1和j=1开始到i<=len1, j。        if(str[i-1]=str[j-1])            dp[i][j]=

wa掉了掉了。。。。

mark一下，这道题跑到46ms的时候，

自己做的时候没想法。。。。好渣啊好渣怎么办！。。。。

DP。虽然说是很简单，但是花了我好多时间。。。。由于之前做DP的时候偷懒，省略了很多si

今天撸了一天的状态压缩DP。。。。

和49那题是一样的，就是判断的时候会

数位DP。。。。。第一道数位DP，，但是感觉自己还弄得不是很qin