【网络流24题】最长不下降子序列问题

本文探讨了计算给定正整数序列中最长不降子序列的长度及可取出的该长度子序列数量的方法,通过网络流最大流算法解决实际问题,并提供了详细步骤和代码实现。

摘要生成于 C知道 ,由 DeepSeek-R1 满血版支持, 前往体验 >

Description

给定正整数序列 x1,., xn 。

(1)计算其最长不降子序列的长度 s。

(2)计算从给定的序列中最多可取出多少个长度为 s的不降子序列。

(3)如果允许在取出的序列中多次使用 x1和 xn,则从给定序列中最多可取出多少个长度为 s的不降子序列。

设计有效算法完成( 1)(2)(3)提出的计算任务。

Input

文件第 1行有 1个正整数 n,表示给定序列的长度。接下来的 1行有 n个正整数 x1,., xn 。

Output

第 1行是最长不降子序列的长度 s。第 2行是可取出的长度为 s的不降子序列个数。第 3行是允许在取出的序列中多次使用 x1和 xn时可取出的长度为 s的不降子序列个数。

Sample Input

4
3 6 2 5

Sample Output

2
2
3

HINT

n<500
题解

网络流最大流
先用dp求出f,f[i]表示以第i位结尾的最长不下降子序列的长度,求出最长不下降子序列的长度k。
建图方法
对于问题(2):
1.将每个点拆成两个点,(i,i+n),从i到i+n连接一条容量为1的边。
2.当f[i]为1时,从原点到i连接一条容量为1的边。
3.当f[i]为k时,从i+n到汇点连接一条容量为1的边。
4.若i< j&& a[i]<=a[j]&&f[j]==f[i]+1,从i+n到j连接一条容量为1的边。
跑出的最大流即为答案。
对于问题(3):
将第1个点和第n个点所连接的边容量改为inf,再跑一遍最大流,就可以得到答案。

code
#include <queue>
#include <cstdio>
#include <cstring>
#include <iostream>
#include <algorithm>
#define N 510
#define inf 0x3f3f3f3f
using namespace std;
struct node
{
    int next,to,s;
};
node Edge[N*N*2];
int n,k,T,tot=1;
int a[N],f[N];
int head[N<<1];
int h[N<<1];

void add(int x,int y,int z)
{
    Edge[++tot].next=head[x];
    Edge[tot].to=y;
    Edge[tot].s=z;
    head[x]=tot;
}

void ins(int x,int y,int z)
{
    add(x,y,z),add(y,x,0);
}

void clear()
{
    tot=1;
    memset(head,0,sizeof(head));
}

bool bfs()
{
    queue<int>Q;
    Q.push(0);
    memset(h,-1,sizeof(h));
    h[0]=0;
    while(!Q.empty())
    {
        int u=Q.front();
        Q.pop();
        for(int i=head[u];i;i=Edge[i].next)
        {
            int to=Edge[i].to,s=Edge[i].s;
            if(!s||h[to]!=-1)continue;
            h[to]=h[u]+1;
            Q.push(to);
        }
    }
    if(h[T]==-1)return false;
    return true;
}

int dfs(int u,int x)
{
    if(u==T)return x;
    int used=0;
    for(int i=head[u];i;i=Edge[i].next)
    {
        int to=Edge[i].to,s=Edge[i].s;
        if(!s||h[to]!=h[u]+1)continue;
        int w=x-used;
        w=dfs(to,min(w,s));
        used+=w;
        Edge[i].s-=w;
        Edge[i^1].s+=w;
        if(used==x)return x;
    }
    if(!used)h[u]=-1;
    return used;
}

int dinic()
{
    int ans=0;
    while(bfs())
        ans+=dfs(0,inf);
    return ans;
}

void solve1()
{
    T=2*n+1;
    for(int i=1;i<=n;i++)
    {
        if(f[i]==1)ins(0,i,1);
        if(f[i]==k)ins(i+n,T,1);
        ins(i,i+n,1);
    }
    for(int i=1;i<=n;i++)
    {
        for(int j=i+1;j<=n;j++)
            if(a[i]<=a[j]&&f[j]==f[i]+1)ins(i+n,j,1);
    }
    cout<<dinic()<<endl;
}

void solve2()
{
    clear();
    for(int i=1;i<=n;i++)
    {
        int v=1;
        if(i==1||i==n)v=inf;
        if(f[i]==1)ins(0,i,v);
        if(f[i]==k)ins(i+n,T,v);
        ins(i,i+n,v);
    }
    for(int i=1;i<=n;i++)
    {
        for(int j=i+1;j<=n;j++)
            if(a[i]<=a[j]&&f[j]==f[i]+1)ins(i+n,j,1);
    }
    int tmp=dinic();
    if(tmp>inf)printf("%d",n);
    else printf("%d\n",tmp);
}

int main()
{
    cin>>n;
    for(int i=1;i<=n;i++)
    {
        scanf("%d",&a[i]);
        for(int j=0;j<i;j++)
            if(a[j]<=a[i])f[i]=max(f[i],f[j]+1);
        k=max(k,f[i]);
    }
    cout<<k<<endl;
    solve1();
    solve2();
    return 0;
}
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