Description
两只青蛙在网上相识了,它们聊得很开心,于是觉得很有必要见一面。它们很高兴地发现它们住在同一条纬度线上,于是它们约定各自朝西跳,直到碰面为止。可是它们出发之前忘记了一件很重要的事情,既没有问清楚对方的特征,也没有约定见面的具体位置。不过青蛙们都是很乐观的,它们觉得只要一直朝着某个方向跳下去,总能碰到对方的。但是除非这两只青蛙在同一时间跳到同一点上,不然是永远都不可能碰面的。为了帮助这两只乐观的青蛙,你被要求写一个程序来判断这两只青蛙是否能够碰面,会在什么时候碰面。
我们把这两只青蛙分别叫做青蛙A和青蛙B,并且规定纬度线上东经0度处为原点,由东往西为正方向,单位长度1米,这样我们就得到了一条首尾相接的数轴。设青蛙A的出发点坐标是x,青蛙B的出发点坐标是y。青蛙A一次能跳m米,青蛙B一次能跳n米,两只青蛙跳一次所花费的时间相同。纬度线总长L米。现在要你求出它们跳了几次以后才会碰面。
Input
输入只包括一行5个整数x,y,m,n,L,其中x≠y < 2000000000,0 < m、n < 2000000000,0 < L < 2100000000。
Output
输出碰面所需要的跳跃次数,如果永远不可能碰面则输出一行”Impossible”
Sample Input
1 2 3 4 5
Sample Output
4
思路: 通过读题我们会发现,x+ t*m ≡ y + t*n (mod L) 。
我们把这个同余式 转换一下 即: t*(m-n) = y-x + k*L , 设t =变量 x,y-x = 常量b
就变成了 (m-n) *x ≡ b (mod L) 这种形式,这样我们就可以利用扩展欧几里得算法求解这个线性同余方程啦~
求解线性同余方程原理:
(m-n) *x ≡ b (mod L) —–> A*x ≡ B (mod L)
(A*x)%L=B%L
(A*x)−⌊(A*x)/L⌋×L=B
(A*x)+L*(−⌊(A*x)/L⌋)=B
然后两边都有x怎么办?
直接当作x和y的某种关系即可,因为我们只要求x。
ax+by=k
a=A,b=L,K=B
AC代码:
#include<iostream>
#include<cstdio>
using namespace std;
typedef long long LL;
void IO()
{
ios_base::sync_with_stdio(false);
cin.tie(NULL),cout.tie(NULL);
}
void exgcd(LL a,LL b,LL &x,LL &y,LL &d)
{
if(!b) {d = a,x = 1,y = 0;}
else exgcd(b,a%b,y,x,d),y-=(a/b)*x;
}
int main()
{
#ifdef LOCAL
freopen("in.txt","r",stdin);
#endif // LOCAL
// IO();
LL xx,yy,m,n,l,d,x,y;
cin>>xx>>yy>>m>>n>>l;
exgcd(m-n,l,x,y,d);
if((yy-xx)%d !=0 )
{
cout<<"Impossible"<<endl;
return 0;
}
LL ans = x*(yy-xx)/d;
ans = (ans%l+l)%l;
cout<<ans<<endl;
return 0;
}