FIRST:先谈一谈欧几里得算法
即辗转相除法,百度定义:用较小的数除较大的数,再利用出现的余数(第一余数)去除除数,再利用余数(第二余数)去除第一余数直到余数为0
gcd(a,b)是a,b的最大公约数且gcd(a,0) = a。
注意:gcd为最大公约数,所以不可能是负数
经过一系列查找博客等我的理解:进行gcd(a,b)=gcd(b,a%b) (a = kb + r a=mc,b=nc)直到能整除找到最大公约数
a*b = 最大公约数乘以最小公倍数
模板。。。
/*递归*/
int gcd(int a,int b)
{
if(b==0)
return a;
return
gcd(b,a%b);
}
/*****************************/
int gcd(int a,int b)
{
return b ? gcd(b,a%b) : a;
}
/*while*/
int gcd(int a, int b)
{
while(b != 0)
{
int r = b;
b = a % b;
a = r;
}
return a;
}
second:扩展欧几里德算法
对于不完全为 0 的非负整数 a,b,gcd(a,b)表示 a,b 的最大公约数,必然存在整数对 x,y ,使得 gcd(a,b)=ax+by。
a%b=a-(a/b)*b;带入:
b*x1 + (a-(a/b)*b)*y1
= b*x1 + a*y1 – (a/b)*b*y1
= a*y1 + b*(x1 – a/b*y1) = gcd 发现 x = y1 , y = x1 – a/b*y1
模板:及模板题双六
题目:一个双六上面有向前向后无限延续的格子,每个格子都写
有整数。其中0号格子是起点,1 号格子是终点。而骰子上只有a,b,-a,-b四个整数,
所以根据a和b的值的不同,有可能无法到达终点。现在的问题是掷出a,b,-a,-b各
多少次可以达到终点呢?
输入:一行,包含两个数 a 和 b,两数之间用一个空格分隔,含义如题目所述。
输出:四个整数ab-a-b
如果无解则输出 0 。
输入示例:4 11
输出示例:3 0 0 1
/*模板*/
int extgcd(int a,int b,int &x,int &y)
{
int d = a;
if(b!=0)
{
d = extgcd(b,a%b,y,x);
y-=(a/b)*x;
}
else{
x = 1;y = 0;
}
return d;
}
/***双六答案****/
#include<stdio.h>
#include<iostream>
#include<math.h>
using namespace std;
int extgcd(int a,int b,int &x,int &y)
{
int d = a;
if(b!=0)
{
d = extgcd(b,a%b,y,x);
y-=(a/b)*x;
}
else{
x = 1;y = 0;
}
return d;
}
int main()
{
int a,b;
scanf("%d%d",&a,&b);
int x,y;
if(extgcd(a,b,x,y)!=1)
printf("imposble!");
else{
if(x>0)
{
printf("%d 0",abs(x));
}
else
{
printf("0 %d",abs(x));
}
cout<<" ";
if(y>0)
{
printf("%d 0",abs(y));
}
else
{
printf("0 %d",abs(y));
}
}
return 0;
}
third:应用1解不定方程
题目链接:GO
1153: [视频]扩展欧几里德算法
时间限制: 1 Sec 内存限制: 128 MB Special Judge
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[提交][状态][讨论版]
题目描述
【题意】
解不定方程Ax+By=K(得到的x和y只是其中一组解)
给出A、B、K,求出x和y,满足Ax+By=K。
【输入格式】
一行三个整数 A,B,K。 1 ≤ A,B,K ≤ 10^9
【输出格式】
一行两个整数 x,y。如果无解,输出"no solution!"
【样例输入】
12 15 3
【样例输出】
-1 1
ax+by=gcd(a,b)
-->akx+bky=kgcd(a,b)
-->ax′+by′=c
-->ax+by=c
#include<stdio.h>
#include<iostream>
using namespace std;
long long extgcd(long long a,long long b,long long &x,long long &y)
{
long long d =a;
if(b != 0)
{
d = extgcd(b,a%b,y,x);
y -= (a/b)*x;
}
else{
x = 1;y = 0;
}
return d;
}
int main()
{
long long a,b,k;
while(scanf("%lld%lld%lld",&a,&b,&k)!=EOF)
{
long long x,y;
long long d = extgcd(a,b,x,y);
if(k%d!=0)
{
printf("no solution!\n");
}
else{
x = x*k/d;
y = (k - a*x)/b;
cout<<x<<" "<<y<<endl;
}
}
return 0;
}
next:同余方程
我们需要注意的一点是,我们得到的总是通解,当我们需要求最小非负数解时.需要进行如下变换。
x 转最小非负整数解:
t=B/gcd
x=(x%t+t)%t
举例:
初始:x=-1 y=1
2x+7y=5
t=B/gcd=7/1=7
最后:x=6 y=-1
贴个例题:链接:GO
1154: [视频]同余方程(模版)
时间限制: 1 Sec 内存限制: 128 MB
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[提交][状态][讨论版]
题目描述
【题意】
已知a,b,m,求x的最小正整数解,使得ax=b(mod m)
【输入格式】
一行三个整数 a,b,m。 1 ≤ a,b,m ≤ 10^9
【输出格式】
一行一个整数x,无解输出"no solution!"
【样例输入】
2 5 7
【样例输出】
6
#include<stdio.h>
#include<iostream>
using namespace std;
long long extgcd(long long a,long long b,long long &x,long long &y)
{
long long d =a;
if(b != 0)
{
d = extgcd(b,a%b,y,x);
y -= (a/b)*x;
}
else{
x = 1;y = 0;
}
return d;
}
int main()
{
long long a,b,k;
while(scanf("%lld%lld%lld",&a,&b,&k)!=EOF)
{
long long x,y;
long long B = k,K = b,A = a;
long long d = extgcd(A,B,x,y);
if(K%d!=0)
{
printf("no solution!\n");
}
else{
x = x*K/d;
long long t = B/d;
cout<<(x%t+t)%t<<endl;
}
}
return 0;
}