【状态压缩dp】HDU - 1074 Doing Homework

本文介绍了一种通过枚举所有可能的作业完成方案来解决作业调度问题的方法。利用二进制位表示作业完成状态,实现对不同组合下所需时间和扣分情况的计算,以找出最优解。

摘要生成于 C知道 ,由 DeepSeek-R1 满血版支持, 前往体验 >

Problem Description

给你T组测试数据,每组测试数据给你一个N(1<=N<=15) 接下来有N行,每行分别代表需要做作业的科目,截止时间,完成需要花费的时间。如果不能在截止时间完成作业,那么考试分数就会被扣分,超出几天,就扣几分,让你求出最少的扣分。

思路:

因为N比较小,所以可以枚举所有的情况,(1左移n) - 1代表n个1的二进制,我们用1来表示完成了该科目,0表示还没有完成该科目。我们从所有科目都没有完成的0开始枚举,然后1.2.3….(1左移n) - 1。对于该集合没有的科目,也就是二进制0的位置,添加该科目进去,更新最小的扣分。因为所有情况都枚举了,所以更新出来的最终结果就是最优结果

#include<bits/stdc++.h>
using namespace std;
#define inf 0x3f3f3f3f
#define mm (1 << 15) + 5
struct node
{
    char s[105];
    int D, C;
};
node a[20];
int dp[mm], Pre[mm], n;
void print(int u)//输出路径
{
    int cnt;
    if(u == 0) return;
    for(int i = 0; i < n; i++)
    {
        if( (u & (1 << i)) && !(Pre[u] & (1 << i)) )//这个集合里面有,上一个集合没有的
        {
            cnt = i;
            break;
        }
    }
    print(Pre[u]);
    printf("%s\n", a[cnt].s);//回溯的时候输出,就可以从前往后输出了
}
int main()
{
    int T, i, j, k;
    scanf("%d", &T);
    while(T--)
    {
        scanf("%d", &n);
        for(i = 0; i < n; i++)
        {
            scanf("%s %d %d", a[i].s, &a[i].D, &a[i].C);
        }
        memset(dp, inf, sizeof(dp));//初始化为无穷大
        memset(Pre, 0, sizeof(Pre));
        dp[0] = 0;
        for(i = 0; i < (1 << n) - 1; i++)//枚举所有情况
        {
            for(j = 0; j < n; j++)
            {
                if(i & (1 << j)) continue;//该科目已经在i集合里面了,继续查找
                //找到没有在i集合里面的科目
                int cnt = 0;
                for(k = 0; k < n; k++)
                    if(i & (1 << k))
                        cnt += a[k].C;//将所有已经在i集合里面的科目 的完成作业需要花费时间和求出
                cnt += a[j].C;//添加j科目
                if(cnt > a[j].D)//判断需要减少多少分
                {
                    cnt = cnt - a[j].D;
                }
                else cnt = 0;//不需要减分
                if(dp[i|(1<<j)] > dp[i] + cnt)//更新,加了科目j后的值
                {
                    dp[i|(1<<j)] = dp[i] + cnt;
                    Pre[i|(1<<j)] = i;//记录路径
                }
            }
        }
        printf("%d\n", dp[(1<<n) - 1]);
        print((1<<n) - 1);
    }
    return 0;
}
评论
添加红包

请填写红包祝福语或标题

红包个数最小为10个

红包金额最低5元

当前余额3.43前往充值 >
需支付:10.00
成就一亿技术人!
领取后你会自动成为博主和红包主的粉丝 规则
hope_wisdom
发出的红包
实付
使用余额支付
点击重新获取
扫码支付
钱包余额 0

抵扣说明:

1.余额是钱包充值的虚拟货币,按照1:1的比例进行支付金额的抵扣。
2.余额无法直接购买下载,可以购买VIP、付费专栏及课程。

余额充值