浅笑~如夏

题目看见最大值最小，明显可以看出这是一道二分答案的题。如何判断呢。首先，我们先对原数组排序，这样每次的差最小一定会在两个相邻的数之间。所以排好序之后，判断的时候，只要从前往后扫，只要相邻两个数的差小于二分的答案x，就把它们放入一个电池，然后把剩下的电池依次放入，判断每个时刻是否可行就好了。#include<bits/stdc++.h>#define N 1000005using namespac

题目也是比较神奇的一道题，我们先把白边都加一个权值，这样的话，每次最小生成树中白边都会减少，而且，这样肯定满足二分性质的。不过，有一点需要注意的1是，排序是，如果权值相同，白边要排在前面。#include<bits/stdc++.h>#define N 100000using namespace std;struct line{ int x; int y; int va

题目遥想当年初三参加时，想到了二分，想到了lca，就没想到如何判断，然后差20分省一23333.首先答案显然满足二分性质，之后判定答案。我们把长度超过k的路径找到，找出它们公共边中最长的，把它变为0，看是否可行。 如何，找公共边？树链剖分当然可以，但太复杂了。可以把两端标记加1，lca标记减2，之后以一个节点为根的子树的和，即为这条边经过了几次。#include<bits/stdc++.h>#d

题目神题呀，考虑从小往大加入，设目前最长的为x，给它放入，显然，比它小的一定可以放在上面，现在看它的下面可以放什么，显然是一段连续的区间，我们可以二分一下l。但是，又发现，它肯定是单增的，所以用一个变量加一下就好了。#include<bits/stdc++.h>#define N 620000#define mod 1000000009using namespace std;int n,d,

题目我们显然发现，一个通道后边比它大的是没有意义的，所以我们把它全变为一样的。如 5 6 4 3 6 2 3 变成 5 5 4 3 3 2 2，就好了，这样就具有单调性，就可以二分解决了。#include<bits/stdc++.h>#define N 300000using namespace std;int n,m,tmp,mx;int A[N+5],x,l,r,mid;inline

题目又是二分题，熟用lower_bound与upper_bound就好了，其实也可以离散化然后前缀和的。#include<bits/stdc++.h>#define N 100000using namespace std;int n,m;int A[N+5];int x,y,l,r;inline char nc(){ static char buf[100000],*p1=bu

求最小的最大，一般就都是二分答案的题。首先，这是显然单调递增的，我们二分这个最大长度len，看能否满足条件。具体操作也很简单，看两块石头之间是否大于了len，如果大了，就移除第二个，继续比较。 最后看一看移除的数量和m的关系就好了。#include<bits/stdc++.h>#define N 50000using namespace std;int n,m,L,l,r,mid,mx;i

貌似又是最大最小问题，考虑二分答案。好了，现在我们已经二分出答案（len）了，如何判断是否合法。其实思路十分简单，就是把所有长度大于len的路径记录，然后找它们交的最大值，减去，看是否满足答案。问题就变成了如何求路径的交，树链剖分是可以的，但还有更优的做法。树上差分，把路径起点加一，终点加一，lca减二，一个点的子树权值和就是该点到父亲的边上的经过次数了。#include<bits/stdc++.h

emm,根据题意描述，就是每次区间加一个数，问是否满足条件。首先，答案肯定满足二分性质，之后就是判断了。说白了就是很多次区间加，然后一次查询前面各个数。当然，线段树，树状数组裸题，但是，这样是nlogn的，过不了呀。要重新考虑。由于只查询一次，我们可以差分数组，每次修改是O(1)的，查询是O(n)的，综合一下，也是O(n)的，就好了，具体做法是在cnt[s]+=add,cnt[t+1]-=add,前

题目又是最小最大值问题，这显然是满足二分性质的。二分最大值，把权值比它小的边新权值设为0，比它大的设为1。然后再跑一遍最短路，比较到n的距离与k的大小就好了。#include<bits/stdc++.h>#define N 20000using namespace std;int n,p,k,l,r,mid,mn,x,y,z;int first[N+5],nxt[N+5],to[N+5],v

题目好久好久没有更新博客了，现在开始要好好学了。分数规划第一题吧，第一次听说这个东西是在冬令营，现在算是做过一道题了吧。二分最后的答案，之后把原数组每个数都减去这个答案，如果这个解成立的话，必须有一段区间和为正数，这样的话，我们把它转化为前缀和，只要找一个sum[j]>=sum[i]sum[j]>=sum[i]就好了。但是，这道题有一个问题，就是答案要求是分数，这样我们只能求出一个小数。我们就要在判

题目答案明显满足二分性质，所以我们可以先二分出答案的深度，然后判断的话，把A集合用倍增跳到那个深度，再对B集合做同样的操作，判断两个祖先集合的交是否为空集，只要用map就可以呢。还有另外一个解法，就是深度最大的LCA在DFS序中与它们两点距离最近，然后贪一贪就好了。#include<bits/stdc++.h>#define N 500000using namespace std;int n,

noi原题，不好评价。题目显然，我们选区间内的点不如就选区间端点，那就想到了离散化。由于要最大减最小，我们枚举最小的区间，依次加大区间，看加到何时该段成立，这就是线段树的操作了。注意枚举大区间时直接从上次开始就好了，稍微一想可得是单增。。。#include<bits/stdc++.h>#define N 600000using namespace std;struct Tree{ in