【每日练题-leecode76. 最小覆盖子串】

关注

原创最新推荐文章于 2026-08-13 23:54:40 发布 1.1k 阅读 AI 写同款· GEO 优化 ›

76. 最小覆盖子串 滑动窗口+哈希表 76. 最小覆盖子串 难度：困难 2020/5/23每日一题打卡√ 类似用滑动窗口来写的题目：567，438，3，题目描述解题思路好久不见的困难题，当然是抄题解的一天有个坑，虽然我没遇到，但是很多人都提到了，还是写在前面学习学习：有些人维护了两个哈希表，然后用==判断对应的值是不是相等，但是这样没办法通过最后一个很长的用例，原因是： 1、滑动窗口加哈希表看到一个滑动窗口的模板，抄过来学习学习参考题解：我写了一首诗，把滑动窗口算法变成了默写题 /* 滑动窗口算法框架 */ void sli 阅读详情

76. 最小覆盖子串

困难

给你一个字符串 s 、一个字符串 t 。返回 s 中涵盖 t 所有字符的最小子串。如果 s 中不存在涵盖 t 所有字符的子串，则返回空字符串 "" 。

注意：

对于 t 中重复字符，我们寻找的子字符串中该字符数量必须不少于 t 中该字符数量。
如果 s 中存在这样的子串，我们保证它是唯一的答案。

示例 1：

输入：s = "ADOBECODEBANC", t = "ABC"
输出："BANC"
解释：最小覆盖子串 "BANC" 包含来自字符串 t 的 'A'、'B' 和 'C'。

示例 2：

输入：s = "a", t = "a"
输出："a"
解释：整个字符串 s 是最小覆盖子串。

示例 3:

输入: s = "a", t = "aa"
输出: ""
解释: t 中两个字符 'a' 均应包含在 s 的子串中，
因此没有符合条件的子字符串，返回空字符串。

提示：

m == s.length
n == t.length
1 <= m, n <= 105
s 和 t 由英文字母组成

进阶：你能设计一个在 o(m+n) 时间内解决此问题的算法吗？

思路：

这个问题是一个经典的滑动窗口问题，我们可以通过使用双指针（左右指针）的方法来解决。滑动窗口算法的基本思想是，通过移动窗口的边界，来找到满足条件的最小子串。

以下是解决这个问题的步骤：

首先，统计字符串t中每个字符出现的次数，存储在一个哈希表中。
初始化两个指针left和right，分别表示子串的左右边界，以及两个变量count和min_length，用来记录当前窗口内满足条件的字符数量和当前找到的最小子串的长度。
遍历字符串s，将right指针向右移动，直到窗口内包含了t中所有字符的至少一个实例。
每次移动right指针时，检查当前窗口内是否包含了t中的所有字符。如果是，尝试通过移动left指针来缩小窗口的大小，直到窗口不再满足条件。
在每一步，如果找到了一个更小的满足条件的子串，就更新min_length。
如果在整个s中都没有找到满足条件的子串，返回空字符串""。

下面是这个问题的Python代码实现：

def min_window(s, t):
    from collections import Counter
    
    # 统计t中每个字符的出现次数
    counter_t = Counter(t)
    
    # 初始化左右指针和结果
    left, right, min_left, min_len = 0, 0, 0, float('inf')
    count = len(counter_t)
    
    # 用于存储当前窗口内字符的计数
    counter_window = {}
    
    while right < len(s):
        # 将right指针的字符加入窗口计数
        counter_window[s[right]] = counter_window.get(s[right], 0) + 1
        
        # 如果窗口中的字符在t中，且窗口中的计数满足t中该字符的最小出现次数
        if s[right] in counter_t and counter_window[s[right]] == counter_t[s[right]]:
            count -= 1
        
        # 当窗口满足条件时，尝试缩小窗口
        while count == 0:
            if right - left + 1 < min_len:
                min_len = right - left + 1
                min_left = left
            
            # 移除left指针的字符
            counter_window[s[left]] -= 1
            if s[left] in counter_t and counter_window[s[left]] < counter_t[s[left]]:
                count += 1
            
            left += 1
        
        right += 1
    
    # 如果没有找到满足条件的子串，返回空字符串
    return "" if min_len == float('inf') else s[min_left:min_left + min_len]

# 示例
print(min_window("ADOBECODEBANC", "ABC"))  # 输出 "BANC"
print(min_window("a", "a"))                # 输出 "a"
print(min_window("a", "aa"))               # 输出 ""

这个算法的时间复杂度是O(m+n)，其中m是字符串s的长度，n是字符串t的长度。这是因为我们只需要遍历一次字符串s，并且在每次迭代中，我们只进行常数时间的操作。空间复杂度是O(min(m, n))，因为我们需要存储s和t中不同字符的计数，最坏情况下，这将是s或t中不同字符的数量。

下面是对代码的详细解释：

导入Counter类：
- from collections import Counter 这行代码导入了Python标准库中的Counter类，它是一个字典的子类，用于计数可哈希对象。
函数定义：
- def min_window(s, t): 定义了一个名为min_window的函数，接收两个字符串参数s和t。
统计t中字符的出现次数：
- counter_t = Counter(t) 使用Counter类统计字符串t中每个字符的出现次数。
初始化变量：
- left, right, min_left, min_len 分别初始化为0和无穷大，这些变量用于记录滑动窗口的左右边界、最小子串的起始索引和长度。
- count 初始化为len(counter_t)，即t中不同字符的数量。
滑动窗口计数：
- counter_window 初始化为一个空字典，用于存储当前窗口内字符的计数。
遍历字符串s：
- 使用while right < len(s):循环遍历字符串s直到right指针到达字符串末尾。
更新窗口计数：
- 在循环内部，首先更新counter_window，将right指针的字符加入到当前窗口的计数中。
检查窗口是否满足条件：
- 如果当前字符在t中，并且当前窗口中该字符的计数等于t中该字符的计数，count减1。
尝试缩小窗口：
- 当窗口满足条件（即count为0）时，尝试通过移动left指针来缩小窗口，直到窗口不再满足条件。
更新最小子串：
- 如果当前窗口的长度小于之前记录的最小长度min_len，则更新min_len和min_left。
移动right指针：
- right += 1 移动right指针到下一个字符。
检查最小子串：
- 在循环结束后，如果min_len仍然是初始值（无穷大），说明没有找到满足条件的子串，返回空字符串""。
- 否则，根据min_left和min_len返回最小覆盖子串。

这段代码使用了滑动窗口的方法来找到满足条件的最小子串。通过不断调整窗口的大小，直到窗口包含了t中的所有字符，然后尝试缩小窗口以找到更小的满足条件的子串。这种方法的时间复杂度是O(m+n)，其中m是字符串s的长度，n是字符串t的长度，因为每个字符最多被访问两次（一次由right指针，一次可能由left指针）。空间复杂度是O(min(m, n))，因为counter_t和counter_window最多存储s和t中不同字符的数量。

时间复杂度

初始化阶段：counter_t 的初始化需要遍历字符串 t，时间复杂度为 O(n)。
主循环：right 指针的循环会遍历整个字符串 s，时间复杂度为 O(m)。对于每个 right 指针的位置，left 指针可能会移动，但每次移动 left 指针都是在尝试缩小窗口，且每个字符在 left 指针处最多被检查一次，因此这部分的时间复杂度仍然是 O(m)。
窗口内操作：窗口内的字符计数和比较操作是常数时间的。

综合考虑，时间复杂度主要由主循环决定，为 O(m + n)，其中 m 是字符串 s 的长度，n 是字符串 t 的长度。

空间复杂度

Counter 对象：counter_t 存储了 t 中所有字符的计数，其空间复杂度为 O(k)，k 是 t 中不同字符的数量，k <= n。
滑动窗口计数：counter_window 存储了当前窗口内字符的计数，最坏情况下，如果 s 中包含 t 中所有字符，那么 counter_window 的大小将接近 min(m, k)。
其他变量：left, right, min_left, min_len, count 等变量占用的内存空间相对于 m 和 n 来说是常数级别的。

综合考虑，空间复杂度主要由 counter_t 和 counter_window 的大小决定，为 O(k + min(m, k))。在最坏的情况下，如果 s 和 t 包含相同的字符集，那么 k 接近 m，空间复杂度为 O(m)。如果 t 中的字符集合远小于 s，那么空间复杂度将接近 O(n)。