宋紫恒-优快云博客

题目链接：hdu 4939 Stupid Tower Defense题目大意：塔防游戏，一个长度为n的路，给定x，y，z和t。然后对应每个长度的位置可以放攻击塔，有三种：红塔：怪在红塔所单位长度内每秒受到x点伤害。绿塔：怪经过绿塔之后，每秒受到y点伤害。蓝塔：怪经过后每走一格的时间加上z。求最大伤害。解题思路：更具塔的性质，红塔肯定放在最后，所以有dp[i][j]表示到

2014-08-23 11:46:32 1048

原创 Tyvj 1125

显然需要排序。对于第i个筷子，如果我们将它选入，那么必将和第i-1个筷子配对，这样平方差是最小的dp[i][j]表示前i个筷子，已经选择了j个筷子的最小的代价dp[i][j]=min(dp[i-1][j],dp[i-2][j-2]+sqr(a[i]-a[i-1]))初始化条件dp=maxint;dp[0][0]=0;注意j的枚举。#include#include

2014-08-23 11:44:09 451

原创 Uva 10714

/*Name: Copyright: Author: Date: 17/08/14 22:13Description: 注意到蚂蚁碰撞后跟碰撞前其实是相当于直接穿过去，对结果并没有产生影响，只是蚂蚁的编号有所变化，所以忽略碰撞即可。 */#include#includeusing namespace std;int main(){int casenu

2014-08-17 22:11:36 489

转载 Vijos P1741 观光公交

NOIP 2011 day2观光公交问题描述风景迷人的小城 Y 市，拥有n 个美丽的景点。由于慕名而来的游客越来越多，Y 市特意安排了一辆观光公交车，为游客提供更便捷的交通服务。观光公交车在第0 分钟出现在1号景点，随后依次前往2、3、4……n 号景点。从第i 号景点开到第i+1 号景点需要Di 分钟。任意时刻，公交车只能往前开，或在景点处等待。

2014-03-08 23:30:09 1275

原创 Vijos 1471 教主的游乐场

首先仔细观察发现一些性质比如最多向左跳一次，而且必须第一次就跳。这样只要每次让跳到的新的i+a[i]尽量的大就可以了。（60分做法）把握住让i+a[i]尽量大，考虑将每一个装置的可以向后跳到的区间按照右端点从小到大排序（因为左边随便跳），倒序枚举，从问题的最后一步向前推，首先确定一个区间的右端点j，使得j在能用k步跳出的区间的最左端，若当前区间右端点>j，显然ans=k，同时我们要记录

2014-03-02 17:12:19 766

原创 Vijos P1763 Wormhole

贪心题目。显然可以发现一个性质。。。接下来就是二分判断。。首先二分一个最大路径，然后枚举虫洞的位置，考虑冲突时决策的调整。先将虫洞的位置设在第一个到1距离>mid的点，然后继续向后扫描，发现一个点j到i的距离也大于mid,这样就将j-1设成虫洞，然后看后面的点到j-1的距离是否符合要求。这样做一定是最优的。（因为要想满足全部条件，首先局部必须满足，否则就无法满足全部条件，因

2014-03-02 11:37:30 617

原创 Vijos P1615 旅行

很好的一道贪心题目。。。/*考虑相邻的三个数a,b,c(b>a>c)因为消耗的体力是差的绝对值，所以考虑要修改b，此时应该把b修改成a体力是b-a+c-a若修改成c的话体力是b-c+a-c由不等式可以得到，这个时候应该修改成较高的那一个，对于山谷，同理可得。*/#include#include using namespace std;int a[10

2014-02-20 15:50:25 596

原创 Vijos 1513 紧急救援

经典贪心先按h小到大排然后搞个极大堆把所有伤员的t一个一个加进堆中如果堆总和+现在伤员的t否则如果现在伤员的t最后堆元素数就是答案了#include#include #include using namespace std;struct ntype{ int h,t;};ntype a[50010]; p

2014-02-05 21:19:22 758

原创 Vijos 1144 小胖守皇宫

经典题不解释。。（貌似代码写的很挫）#include#include #include#define INTMAX 2000000000using namespace std;int f[2000][3],b[2000][2000],c[2000],inf[2000];int dp(int i,int j){ int ans=0; if(f[i

2014-02-05 21:10:05 1307

原创洛谷 P1846 游戏

给定两个正整数数列，你要用它们来做一个游戏：你需要对数列进行若干次操作，每一次操作，应选择两个正整数K1和K2 ，并删除第一个数列的最后K1个数，计算出它们的和S1；删除第二个数列的最后K2个数，计算出它们的和S2。这一次操作的得分就是(S2-K2 )*(S1-K1 )。两个数列应同时被清空，不允许一个数列空了，而另一个数列中还有数。游戏的总得分就是每一次操作的得分总和。求最小的总得分。

2014-02-05 19:30:41 933 1

原创 Wikioi 1258 & Vijos 1150 关路灯

一道经典的DP。。。。。比较详细的DP题解抄下来了=。=分析：上次我是DFS+剪枝AC的，但是教材说这题的正解是DP，所以我就思考了一下DP的思路，现在说一下思路吧：老张每次只有两种决策，关掉当前最左边没有关掉的灯或关掉最右边没有关掉的灯，也就是说老张关灯的状态一定是一条直线（“直线”这个词这个可能不太好理解），我举个例子吧：比如当前的街道上有n盏路灯，用0表示当前路灯开着，1表示当前

2014-02-02 13:09:39 799

题目中的按升序排列启示了我们DP的顺序，我们先考虑按升序DP,这时会发现决策的时候第i个必定是站在中间的，对答案不产生影响，故无法转移，这样就可以考虑倒着DP，从后往前进行DP。决策的时候需要注意，并不是一个一个的决策，而是两个两个的决策，即每次决策两个最矮的人，这样就容易转移。（所以转移的时候是f[i-2]而不是f[i-3]，因为选了i和i-1在1~i-2中剩下的任何一个人都比他们高，不产生影响

2014-02-02 10:01:07 613

原创 Vijos 1059

背包问题，水过。。。。。#include#include#includebool dp[200][100000];int a[200][200]; int n,maxh=0;using namespace std;void work(int m){ for(int i=1;i<=a[m][0];i++) for(int j=maxh;j>=dp[m][i];j--)

2014-02-01 19:31:20 629

原创 Wikioi 1261 龙王的礼物

http://www.wikioi.com/problem/1261/继续搬运。。。用f[i][j]表示前j个数,取出来一些数,他们的和mod n为i时,这个和的最大值.num[i][j]表示这个最大值的情况下,取的最少的块数.a为原数组,则f[i][j]=max(f[i][j-1], f[ ((i-a[j])%n+n)%n ] + a[j])(分别表示不取此数与取此数),当括号内二者相同

2014-01-28 21:33:53 754

原创 Wikioi 2572 路面修整

http://www.wikioi.com/problem/2572/赶脚挺不错的一道DP。。。。抄过来。思路分析：显然（？）修整后的路面一定是原路面的某个值。创建新数组c等于原数组，然后将c排序，f[i][j]表示原数组前i个数变为单调上升,且i是c中的第j个数。f[i][j]=min(f[i-1][k]+abs(a[i]-c[j])); 但是还可以优化,用一个g[i

2014-01-28 21:26:45 906

原创 Vijos P1055 奶牛浴场

详见（《用极大化思想解决最大子矩阵问题》论文）(这算个毛。。。。)#include#includeusing namespace std;struct newtype {int x,y;};newtype a[6000];bool cmp(const newtype &p,const newtype &q) {return(p.x<q.x);}int main(){

2014-01-28 19:42:17 849

转载 Vijos P1006 晴天小猪历险记

背景 Background　　在很久很久以前，有一个动物村庄，那里是猪的乐园（^_^），村民们勤劳、勇敢、善良、团结…… 　　不过有一天，最小的小小猪生病了，而这种病是极其罕见的，因此大家都没有储存这种药物。所以晴天小猪自告奋勇，要去采取这种药草。于是，晴天小猪的传奇故事便由此展开……描述 Description　　这一天，他来到了一座深山的山脚下，因为只有这座深山中的一位隐者才知

2014-01-27 19:19:38 1560

原创 [Vijos1037]搭建双塔

两个背包来防止重复。。 #include#include bool dp[2000][2000];int h[2000]; int main(){ memset(dp,0,sizeof(dp)); int n,suma=0; dp[0][0]=true; scanf("%d",&n); for(int i=1;i<=

2014-01-25 20:00:33 762

原创 Vijos P1090连续数之和

维护前缀和假设有一段前缀和i~jsum[j]-sum[i-1] mod k=0显然sum[i-1] mod k=sum[j] mod k这样在读入的时候我们可以统计mod k余数为r的个数。在余数相同的数中，任意两个匹配都可以。ans+=n*(n-1)/2 n为余数为r的数的个数。注意特殊情况！#include#define MOD 1234567int f[1

2013-12-10 23:19:38 640

原创 1192: [HNOI2006]鬼谷子的钱袋

竟然没发现这道大水题。。。。好像背包九讲里写过。什么二进制拆包。。。这个好像更弱。。。。答案即为（int）(log2(m))+1证明？显然。。。。。代码：#include#includeint main(){ int m; scanf("%d",&m); printf("%d",(int)log2(m)+1); while(1);

2013-12-08 12:37:28 668

原创 1996: [Hnoi2010]chorus 合唱队

区间DP： f[i][j][0]表示目标队形中[i,j]这一段最左边(i)是刚放上去的数的方案数 f[i][j][1]表示目标队形中[i,j]这一段最右边(j)是刚放上去的数的方案数转移是十分显然的。注意一下初始化：f[i][i+1][0]=f[i][i+1][1]=1 (a[i]f[i][i+1][0]=f[i][i+1][1]=0 (a[i]>

2013-12-08 08:19:18 677

原创 2697: 特技飞行

贪心。其实只需要考虑每个活动执行两次。显然大的放首尾。#include#includeusing namespace std;int c[100000];int main(){ int n,k,ans=0; cin>>n>>k; for(int i=1;i<=k;i++) cin>>c[i]; sort(c+1,c+k+1);

2013-12-07 15:33:40 785

转载 1041: [HAOI2008]圆上的整点

数论题无力Orz...看了下题解，所以总结下吧，主要是运用gcd和分解质因数来进行优化。。觉得写得很好，所以把题解搬过来了=。=首先让我们一起来推下公式：x^2+y^2=r^2 y^2=r^2-x^2 y^2=(r-x)(r+x)到这里为止应该都很容易想到，接下来是关键设d=gcd(r-x,r+

2013-12-07 13:50:41 674

原创 2431: [HAOI2009]逆序对数列

考虑直接把答案作为状态进行DP（递推）f[i][j]表示1~i产生j个逆序对数的可能有多少种。对于第i个数，显然他比1~i之间的数都要大，所以容易得出状态转移方程：f[i][j]=sum(f[i-1][k])然后就好了。。上代码(好短)#includeusing namespace std;const int MOD=10000;int f[2000][2000];

2013-12-07 12:38:05 1182

原创 2748: [HAOI2012]音量调节

很朴素的DP。。竟然是省选题。。。。。。直接上代码：#includeusing namespace std;bool dp[100][10000];int c[1000];int main(){ int n,s,maxlevel; scanf("%d%d%d",&n,&s,&maxlevel); for(int i=1;i<=n;i++)

2013-12-07 07:36:36 1051

原创 1037: [ZJOI2008]生日聚会Party

o(╯□╰)o看了题解才会。。所以总结一下吧。。。这道题是dp或者说是递推。显然m,n要放到状态里，考虑直接用题目的答案来推答案。问题是要保证相差个数不超过k来进行转移，这里转移的时候是用前面的来推后面的。一开始想用f[i,j,k]表示i个男孩j个女孩男孩比女孩最多多k的方案数量，但是就无法记录女孩比男孩多的情况。设dp[i][j][x1][x2]表示i个男孩j个女孩男孩最

2013-12-01 16:20:31 903

原创 1978: [BeiJing2010]取数游戏 game

类似最长上升子序列的做法，只不过有个要求就是gcd必须要>l，这样根号n枚举因数，然后dpdp[i]表示以i作为最大公因数可以选的数的最多个数满足gcd>l才更新dp#include#includeusing namespace std;int dp[2000000],a[100000];int main(){ int n,l,ans=0,k; scanf(

2013-12-01 15:34:03 943

原创 BZOJ 1831 中位数图

容易发现对于每一个数，我们只需要知道他是否大于中位数（b），所以对于每一个数特殊处理一下，大于中位数的填1，小于的填-1，这样问题就转化为了能选多少个子序列使得和为0。考虑到每一个数的范围都在1~n之间，所以使用哈希的思想。设pos表示中位数的位置 sum[i]表示1~pos和为i的子序列的个数首先预处理出来1~pos之间的sum，然后枚举右端点：假设从pos到目前位

2013-11-29 23:38:16 873

原创 BZOJ 1786 配对Pair

注意到-1的位置所填的数一定是不下降的，而且k的值非常的小，所以考虑DP。设dp[i][j]表示在前i个-1的位置上，第i个-1的位置上填数字j所产生的最少逆序对数目，那么求出来之后只需要加上开始时的逆序对数即可。需要预处理出来两个数组，big[i][j]和small[i][j]分别表示，在第i个数前面并且比数字j大的数字的个数，在第i个数后面并且比j小的数字的个数，这样的话dp[i]

2013-11-26 22:32:02 971

空空如也

空空如也