题目链接POJ - 1745
题目大意:
给出N和K,然后给出N个整数(不论正负),问在这N个数中,每两个数之间(即N - 1个位置)添加加号或者减号,然后运算的值对K取余,如果余数等于0输出Divisible,否则输出Not divisible
思路:
- 定义dp[i][j]为前i个数可以算得的所有情况,1为可以,0为不可以
所以如果dp[N][0]为1那么即可以组成一个数对K取余为0- 拿
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举例
首先一个数,不用说,第一个数之前不用加符号就是本身,那么本身直接对K取余,
那么取17的时候有个余数为2
然后来了一个5,
(2 + 5)对7取余为0
(2 - 5)对7取余为4(将取余的负数变正)
那么前2个数有余数0和4
再来一个-21
(0+21)对7取余为0
(0-21)对7取余为0
(4+21)对7取余为4
(4-21)对7取余为4
再来一个-15同样是这样
(0+15)%7 = 1
(0-15)%7 = 6
(4+15)%7 = 5
(4-15)%7 = 3
同理可以找到规律
思路转自poj1745 - Divisibility,感谢大佬
#include<iostream>
#include<cstdio>
#include<cstring>
#include<cstdlib>
#include<cmath>
#include<algorithm>
#include<queue>
#include<stack>
#include<vector>
#include<map>
#include<set>
using namespace std;
int mod;
int MOD(int x)//正数取余
{
x %= mod;
if(x < 0) x += mod;
return x;
}
int main()
{
ios::sync_with_stdio(false);
int n,a[10010],dp[10010][101];
cin >> n >> mod;
for(int i = 1; i <= n; i++)
{
cin >> a[i];
}
memset(dp,0,sizeof(dp));
dp[1][MOD(a[1])] = 1;
for(int i = 2; i <= n; i++)
{
for(int j = 0; j < mod; j++)
{
if(dp[i-1][j])//枚举i-1个数是可以形成的所有情况
{
dp[i][MOD(j+a[i])] = 1;
dp[i][MOD(j-a[i])] = 1;
}
}
}
if(dp[n][0])
cout << "Divisible" << endl;
else
cout << "Not divisible" << endl;
return 0;
}