hdu Fibonacci

本文介绍了一种高效算法,用于计算斐波那契数列中指定项的前四位数字,通过利用数列的通项公式和对数特性实现。

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Problem Description
2007年到来了。经过2006年一年的修炼,数学神童zouyu终于把0到100000000的Fibonacci数列
(f[0]=0,f[1]=1;f[i] = f[i-1]+f[i-2](i>=2))的值全部给背了下来。
接下来,CodeStar决定要考考他,于是每问他一个数字,他就要把答案说出来,不过有的数字太长了。所以规定超过4位的只要说出前4位就可以了,可是CodeStar自己又记不住。于是他决定编写一个程序来测验zouyu说的是否正确。
 
Input
输入若干数字n(0 <= n <= 100000000),每个数字一行。读到文件尾。
 
Output

            输出f[n]的前4个数字(若不足4个数字,就全部输出)。
 
Sample Input
0
1
2
3
4
5
35
36
37
38
39
40
 
Sample Output
0
1
1
2
3
5
9227
1493
2415
3908
6324
1023
 

用到了斐波那契数列的通项公式。

先看对数的性质,loga(b^c)=c*loga(b),loga(b*c)=loga(b)+loga(c);
假设给出一个数10234432,那么
log10(10234432)=log10(1.0234432*10^7)=log10(1.0234432)+7;

log10(1.0234432)就是log10(10234432)的小数部分.

log10(1.0234432)=0.010063744
10^0.010063744=1.023443198
那么要取几位就很明显了吧~
先取对数(对10取),然后得到结果的小数部分bit,pow(10.0,bit)以后如果答案还是<1000那么就一直乘10。
注意偶先处理了0~20项是为了方便处理~

这题要利用到数列的公式:
an=(1/√5) * [((1+√5)/2)^n-((1-√5)/2)^n](n=1,2,3.....)

 

取完对数

log10(an)=-0.5*log10(5.0)+((double)n)*log(=(sqrt(5.0)+1.0)/2.0)/log(10.0)+log10(1-((1-√5)/(1+√5))^n)log10(1-((1-√5)/(1+√5))^n)趋向于0,不用计算
所以可以写成log10(an)=-0.5*log10(5.0)+((double)n)*log(f)/log(10.0);
最后取其小数部分。

 

#include<cstdio>
#include<cmath>
int main()
{
	int n,i;
	double temp;
	 int p[21];
	   p[0]=0;
	   p[1]=1;
	   p[2]=1;
	for(i=2;i<21;i++)
		p[i]=p[i-1]+p[i-2];
	while(scanf("%d",&n)!=EOF)
	{
		if(n<=20)
		{
			printf("%d\n", p[n]);
			continue;
		}
		else
		{
	                  temp= -0.5 * log10(5.0)+ ((double)n) * log10((sqrt(5.0)+1.0)/2.0);
			temp-= int(temp);
			temp=pow(10.0,temp);
			while(temp<1000)
				temp*=10;
			printf("%d\n",(int)temp);
		}
	}
	return 0;
}


 

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