题目描述
有一个仅由数字0与1组成的n×n格迷宫。若你位于一格0上,那么你可以移动到相邻4格中的某一格1上,同样若你位于一格1上,那么你可以移动到相邻4格中的某一格0上。
你的任务是:对于给定的迷宫,询问从某一格开始能移动到多少个格子(包含自身)。
输入输出格式
输入格式:
第1行为两个正整数n,m。
下面n行,每行n个字符,字符只可能是0或者1,字符之间没有空格。
接下来m行,每行2个用空格分隔的正整数i,j,对应了迷宫中第i行第j列的一个格子,询问从这一格开始能移动到多少格。
输出格式:
m行,对于每个询问输出相应答案。
输入输出样例
输入样例#1:
2 2
01
10
1 1
2 2
输出样例#1:
4
4
说明
所有格子互相可达。
对于20%的数据,n≤10;
对于40%的数据,n≤50;
对于50%的数据,m≤5;
对于60%的数据,n≤100,m≤100;
对于100%的数据,n≤1000,m≤100000。
思路:读完题感觉暴力跑全图dfs能搞,全炸0分,不想debug换全图bfs70分,超时3个点。然后需要好好思索一下为什么T,转换一下题目,求的是点所在的联通块大小,也就是说联通的点值相同,那我全图预处理一下。还是T3个点,等等,我为什么要处理全图,不一定所有的块都会查询呀,那我只处理查询的点所在块,emmm,超时2个点......既然联通值相同,那我就另开数组直接存值,查询时输出。嗯,过了,161ms,还阔以。
讨论区有大佬用并查集过的,我感觉只是在联通块查询的时候用并查集处理了一下,让相同块互相并起来,感觉都差不多,实现方式嘛,绕开二维用一维处理,适用范围应该会大很多,值得学习。
蒻鶸的代码:
#include<cstdio>
#include<cstring>
#include<cmath>
#include<iostream>
#include<algorithm>
#include<queue>
using namespace std;
#define per(i,a,b) for(int i=a;i<=b;++i)
#define ll long long
const int MAXBUF=10000;
char buf[MAXBUF],*ps=buf,*pe=buf+1;
inline void rnext()
{
if(++ps==pe)
pe=(ps=buf)+fread(buf,sizeof(char),sizeof(buf)/sizeof(char),stdin);
}
template<class T>
inline bool in(T &ans)
{
ans=0;
T f=1;
if(ps==pe) return false;
do{
rnext();
if('-'==*ps) f=-1;
}while(!isdigit(*ps)&&ps!=pe);
if(ps==pe) return false;
do
{
ans=(ans<<1)+(ans<<3)+*ps-48;
rnext();
}while(isdigit(*ps)&&ps!=pe);
ans*=f;
return true;
}//输入挂
int f[4][2]={{-1,0},{0,-1},{1,0},{0,1}};
char mp[1005][1005];
int vis[1005][1005];
int p[1000005];
ll int n,m;
struct node{
int x;
int y;
};
void bfs(int u,int v,int k)
{
int s=1;
queue<node>q;
node z,t1,t2;
vis[u][v]=k;
z.x=u;z.y=v;
q.push(z);
int x,y;
while(!q.empty())
{
t1=q.front();
q.pop();
if(s==n*n) break;
per(i,0,3)
{
x=t1.x+f[i][0];
y=t1.y+f[i][1];
if(vis[x][y]==-1&&x>=1&&x<=n&&y>=1&&y<=n&&mp[x][y]-'0'!=mp[t1.x][t1.y]-'0')
{
vis[x][y]=k;
s++;
if(s==n*n) break;
t2.x=x;t2.y=y;
q.push(t2);
}
}
}
p[k]=s;
}
int main()
{
scanf("%lld%lld",&n,&m);
per(i,1,n) scanf("%s",&mp[i][1]);
int x,y;
memset(vis,-1,sizeof(vis));
int k=0;
per(i,1,m)
{
in(x);in(y);
if(vis[x][y]==-1) bfs(x,y,k++);
printf("%d\n",p[vis[x][y]]);
}
return 0;
}