NOIP2018 F游S记T

day0

考前突然特别紧张,虽然感觉NOIP基础算法都过得差不多了,但还是很担心脑子一抽写挂题,可能就直接退役了。
早上看了看以前的题,感觉都没有什么特别难的,随便挑几题A了。
然后就是看自己以前的笔记和做过的题,一个早上就水过去了。
下午去看考场,晚上莫名其妙很困,21:00就睡觉了。

day1

早上7:00就起床了,吃点蛋糕喝了杯咖啡就去考场了。
8:30开考。
一上来先开T1:这不是NOIP2013的原题吗?我 抄 我 自 己?赶快切掉开了T2。
看了看T2一眼发现原来的集合内能被表示的数都可以丢掉,想了一下可以写个exgcd暴力搞一搞,写到一半突然发现这不是一个背包吗?疯狂浪费时间。。。
写完直接开T3,时间还剩下好多啊,看了眼部分分发现这不是个傻逼二分贪心吗。对于一个点的儿子到自己的一条链,有能符合要求的就贪心两两配对,没有的的取最大值往上贡献。写了快一个小时就写完了,好无聊拍一拍吧。。
拍着拍着时间就走完了。

day1.5

感觉D1难度真的不大,大家好像都很稳啊。
回去脑补了一下T3代码,发现有一个细节写挂了,成功暴毙。。
原因好像是我只拍了特殊数据,真TM弱智啊。。

day2

昨晚想了好久心态有点崩。
D2T1一开始想了一个 O(n)O(n)O(n) 的做法,直接上手打,打到一半发现这题 nnn 只有 500050005000 心态瞬间就没有了,最后还是把 O(n)O(n)O(n) 的做法写完了,已经快要一个小时了。
看了一眼T2,发现是一个计数DP,纸上画了一下好像就是斜对角线一定是一段 000 加上一段 111,根据断点来DP。想了半天DP式子都是苟着的,打暴力暴力又是挂的,时间已经过了两个半小时了,没办法耗下去了。肉眼看了一下发现 n=2n=2n=2 的答案是 4∗3m−14*3^{m - 1}43m1,直接打了个特判就开T3了。
T3是什么神奇的DP啊,好像是每个点切开怎么样搞一搞,根本没见过这种题。看部分分发现有好多啊,分析了一下题目,打了暴力和平方DP,链和换根DP的部分分根本没有时间写,fc\text{fc}fc 了一下样例发现没有问题,检查了一下文件就结束了。

day2.5

走出考场的时候整个人已经懵逼了。
大家还是很稳的样子,部分分都打满了。。
自己的知识水平还是太低了啊。。

later

回去之后仔细想了一下自己的代码,又揪出几个BUG,真的是想一会就少掉二三十分。感觉已经爆炸了,仔细思考了一下人生,还是自己细节处理的不够好,才会各种FST,题目看上去都很会,实际写下去却没有办法完整地表达自己的思想。像老师平时说的,真的是眼高手低,看到一个题就想写正解,结果自己的水平不到,写不出来还白白浪费时间在一题上面,剩下的题的部分分根本没有拿满。这几天想下来自己会的分数却丢掉的已经接近 100100100 。FST的这么厉害平日里是真的没有想过,想了一下还是自己不够努力,写了接近千题就好像没有做一样,里面大部分都是水题,很快的A掉水题就有些洋洋自得,却没把关注重点放在自己想难题要想很久,代码实现能力也不强上。已经在退役的边缘徘徊了,接下来一定要付出比别人更多的努力才能苟的下去啊。。
加油吧。

基于NSGA-III算法求解微电网多目标优化调度研究(Matlab代码实现)内容概要:本文围绕基于NSGA-III算法的微电网多目标优化调度展开研究,重点介绍了如何利用该先进多目标进化算法解决微电网系统中多个相互冲突的目标(如运行成本最小化、碳排放最低、供电可靠性最高等)的协同优化问题。文中结合Matlab代码实现,详细阐述了NSGA-III算法的基本原理、在微电网调度模型中的建模过程、约束条件处理、目标函数设计以及仿真结果分析,展示了其相较于传统优化方法在求解高维、非线性、多目标问题上的优越性。同时,文档还提供了丰富的相关研究案例和技术支持背景,涵盖电力系统优化、智能算法应用及Matlab仿真等多个方面。; 适合人群:具备一定电力系统基础知识和Matlab编程能力的研究生、科研人员及从事能源优化领域的工程技术人员;尤其适合正在进行微电网调度、多目标优化算法研究或撰写相关论文的研究者。; 使用场景及目标:①掌握NSGA-III算法的核心思想及其在复杂能源系统优化中的应用方式;②学习如何构建微电网多目标调度模型并利用Matlab进行仿真求解;③为科研项目、毕业论文或实际工程提供算法实现参考和技术支撑。; 阅读建议:建议读者结合文中提供的Matlab代码实例,逐步调试运行并深入理解算法流程与模型构建细节,同时可参考文档中列出的其他优化案例进行横向对比学习,以提升综合应用能力。
NOIP2017(全国青少年信息学奥林匹克联赛)的题目涵盖了多个算法与数据结构方面的挑战,包括模拟、图论、动态规划等。以下是一些NOIP2017提高组的题目参考代码,供学习和训练使用。 ### 1. **时间复杂度分析(T3)** 该题要求根据伪代码判断程序的时间复杂度。核心在于解析循环结构,判断嵌套与并列关系,并计算复杂度。 ```cpp #include <bits/stdc++.h> using namespace std; int T, n; string s; stack<int> st; // 用于录循环深度 int max_depth; void process() { max_depth = 0; while (!st.empty()) st.pop(); int depth = 0; for (int i = 0; i < n; ++i) { cin >> s; if (s == "F") { string var, start, end; cin >> var >> start >> end; int s_val = stoi(start), e_val = stoi(end); if (s_val <= e_val) { depth++; st.push(e_val - s_val + 1); max_depth = max(max_depth, depth); } else { // 循环体不执行 st.push(0); depth++; } } else if (s == "E") { if (!st.empty()) { st.pop(); depth--; } } } } int main() { cin >> T; for (int t = 1; t <= T; ++t) { cin >> n; process(); cout << "Case #" << t << ": " << max_depth << endl; } return 0; } ``` ### 2. **奶酪问题(T2)** 给定一个三维空间中的奶酪块,内部有若干球形孔洞,判断是否可以从底部走到顶部。使用并查集处理连通性问题。 ```cpp #include <bits/stdc++.h> using namespace std; const int maxn = 1005; int fa[maxn]; struct Sphere { long long x, y, z, r; } spheres[maxn]; int find(int x) { return x == fa[x] ? x : fa[x] = find(fa[x]); } void unite(int x, int y) { int fx = find(x), fy = find(y); if (fx != fy) fa[fx] = fy; } long long dist2(Sphere a, Sphere b) { return (a.x - b.x) * (a.x - b.x) + (a.y - b.y) * (a.y - b.y) + (a.z - b.z) * (a.z - b.z); } bool is_connect(Sphere a, Sphere b) { return dist2(a, b) <= (a.r + b.r) * (a.r + b.r); } int main() { int T; cin >> T; while (T--) { int n; long long h; cin >> n >> h; for (int i = 0; i < n; ++i) { cin >> spheres[i].x >> spheres[i].y >> spheres[i].z >> spheres[i].r; fa[i] = i; } for (int i = 0; i < n; ++i) { for (int j = i + 1; j < n; ++j) { if (is_connect(spheres[i], spheres[j])) { unite(i, j); } } } // 判断底部和顶部是否连通 bool ok = false; for (int i = 0; i < n; ++i) { if (spheres[i].z - spheres[i].r <= 0) { for (int j = 0; j < n; ++j) { if (spheres[j].z + spheres[j].r >= h) { if (find(i) == find(j)) { ok = true; break; } } } if (ok) break; } } cout << (ok ? "Yes" : "No") << endl; } return 0; } ``` ### 3. **小明搬家(T1)** 给出一个图,判断是否存在欧拉回路。若存在,则输出“YES”,否则输出“NO”。 ```cpp #include <bits/stdc++.h> using namespace std; const int maxn = 1005; int degree[maxn]; bool visited[maxn]; vector<int> adj[maxn]; void dfs(int u) { visited[u] = true; for (int v : adj[u]) { if (!visited[v]) dfs(v); } } int main() { int T; cin >> T; while (T--) { int n, m; cin >> n >> m; memset(degree, 0, sizeof(degree)); memset(visited, false, sizeof(visited)); for (int i = 1; i <= n; ++i) adj[i].clear(); for (int i = 0; i < m; ++i) { int u, v; cin >> u >> v; adj[u].push_back(v); adj[v].push_back(u); degree[u]++; degree[v]++; } // 判断是否连通 dfs(1); bool connected = true; for (int i = 1; i <= n; ++i) { if (degree[i] > 0 && !visited[i]) { connected = false; break; } } // 判断是否所有点度数为偶数 bool all_even = true; for (int i = 1; i <= n; ++i) { if (degree[i] % 2 != 0) { all_even = false; break; } } if (connected && all_even) cout << "YES" << endl; else cout << "NO" << endl; } return 0; } ```
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