Built?

There are N towns on a plane. The i-th town is located at the coordinates (xi,yi). There may be more than one town at the same coordinates.
You can build a road between two towns at coordinates (a,b) and (c,d) for a cost of min(|a−c|,|b−d|) yen (the currency of Japan). It is not possible to build other types of roads.
Your objective is to build roads so that it will be possible to travel between every pair of towns by traversing roads. At least how much money is necessary to achieve this?

Constraints
2≤N≤105
0≤xi,yi≤109
All input values are integers.

输入

Input is given from Standard Input in the following format:

N
x1 y1
x2 y2
:
xN yN

 

输出

Print the minimum necessary amount of money in order to build roads so that it will be possible to travel between every pair of towns by traversing roads.

 

 

样例输入

3
1 5
3 9
7 8

 

样例输出

3

 

提示

Build a road between Towns 1 and 2, and another between Towns 2 and 3. The total cost is 2+1=3 yen.

题目大意:给你n个城市的坐标x,y,两个城市之间的距离为min(|a−c|,|b−d|),建造最短的路以便可以任意两个城市都可以到达。

思路:坐标离散化,将坐标先按照x排序,在按照,y排序,分别计算出城镇之间的距离大小

/*Du Jinzhi*/
#include <iostream>
#include <stdio.h>
#include <algorithm>
#include <cmath>
#include <math.h>
#include <cstring>
#include <string>
#include <queue>
#include <deque>
#include <stack>
#include <stdlib.h>
#include <list>
#include <map>
#include <utility>
#include <set>
#include <bitset>
#include <vector>
#define pi acos(-1.0)
#define inf 0x3f3f3f3f
#define ll long long
#define linf 0x3f3f3f3f3f3f3f3fLL
using namespace std;
int cur=0;

struct node
{
    ll x,y;
    int w;
} pp[100005];
struct edge
{
    ll u,v,w;
} e[100005];
int vis[100005];
bool cmp1(node a,node b)
{
    return a.x<b.x;
}
void add(int u,int v,int w)
{
    e[cur].u = u;
    e[cur].v = v;
    e[cur++].w =w;
}
bool cmp2(node a,node b)
{
    return a.y<b.y;
}
bool cmp(edge a,edge b)
{
    return a.w<b.w;
}
int find(int x)
{
	if(vis[x]==x)
	return vis[x];
	return vis[x] = find(vis[x]);
}
int main()
{
    int n;
    scanf("%d",&n);
    {
        for(int i=1; i<=n; i++)
        {
            vis[i]=i;
            scanf("%lld%lld",&pp[i].x,&pp[i].y);
            pp[i].w=i;
        }
        sort(pp+1,pp+n+1,cmp1);
        for(int i=2; i<=n; i++)
        {
            add(pp[i-1].w,pp[i].w,pp[i].x-pp[i-1].x);
        }
        sort(pp+1,pp+n+1,cmp2);
        for(int i=2; i<=n; i++)
        {
            add(pp[i-1].w,pp[i].w,pp[i].y-pp[i-1].y);
        }
        sort(e,e+cur,cmp);
        ll sum=0;
        for(int i=0;i<cur;i++)
        {
            int fx=find(e[i].u);
            int fy=find(e[i].v);
            if(fx != fy)
            {
                vis[fx]=fy;
                sum += e[i].w;
            }
        }
        printf("%lld\n",sum);
    }


    return 0;
}

 

内容概要:本文档定义了一个名为 `xxx_SCustSuplier_info` 的视图,用于整合和展示客户(Customer)和供应商(Supplier)的相关信息。视图通过连接多个表来获取组织单位、客户账户、站点使用、位置、财务代码组合等数据。对于客户部分,视图选择了与账单相关的记录,并提取了账单客户ID、账单站点ID、客户名称、账户名称、站点代码、状态、付款条款等信息;对于供应商部分,视图选择了有效的供应商及其站点信息,包括供应商ID、供应商名称、供应商编号、状态、付款条款、财务代码组合等。视图还通过外连接确保即使某些字段为空也能显示相关信息。 适合人群:熟悉Oracle ERP系统,尤其是应付账款(AP)和应收账款(AR)模块的数据库管理员或开发人员;需要查询和管理客户及供应商信息的业务分析师。 使用场景及目标:① 数据库管理员可以通过此视图快速查询客户和供应商的基本信息,包括账单信息、财务代码组合等;② 开发人员可以利用此视图进行报表开发或数据迁移;③ 业务分析师可以使用此视图进行数据分析,如信用评估、付款周期分析等。 阅读建议:由于该视图涉及多个表的复杂连接,建议读者先熟悉各个表的结构和关系,特别是 `hz_parties`、`hz_cust_accounts`、`ap_suppliers` 等核心表。此外,注意视图中使用的外连接(如 `gl_code_combinations_kfv` 表的连接),这可能会影响查询结果的完整性。
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