hlg2130一笔画【状压dp】

最新推荐文章于 2016-04-30 17:40:00 发布

原创最新推荐文章于 2016-04-30 17:40:00 发布 · 343 阅读

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本文介绍了一笔画问题的解决方法，通过状态压缩动态规划（状压DP）求解给定点集上的最短路径长度。具体地，定义dp[i][j]表示状态为i且最后一点为j时的最小路径长度。

一笔画

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Description

小明喜欢画画，今天他在地上捡起了一张纸，这张纸上有好多个点。小明就想，如果我用铅笔一次性（中间不抬笔）把这些点连起来，那么我的铅笔需要在纸上走多长的路呢？

Input

第一行，测试组数t。

每组第一行一个正整数N(1<=N<=15)，表示点的个数。

接下来n行，每行两个整数xi，yi(0<=xi,yi<=100)，表示点的坐标。

Output

求出连接n个点的最短路径长度。保留两位小数。

Sample Input

0 0

0 1

0 2

0 0

0 1

1 0

Sample Output

2.00

题目描述很简单

我刚开始做这场练习赛的时候没有做出来

后来作者说是状压dp的时候就开始有点思路

现在终于坐上来了

dp[i][j]表示状态为i, j为笔画的最后一个点的最小路径

那么对于一个未加入集合中的点 k

dp[i | ( 1 << ( k - 1) )][k] = min(dp[i | ( 1 << ( k - 1） )][k], dp[i][j] + dist[j][k]);

于是我就想到了一个10^8的算法

每次都枚举一次插入的点

然后TLE了

我们可以想一下‘|’的性质每一次的‘|’都会是原来的数增大或不变

那么只要依次向后枚举每种状态那么新状态一定在这个之后

并且该状态一定为最优解

代码：

 1 #include <iostream>
 2 #include <cstdio>
 3 #include <cstring>
 4 #include <cmath>
 5 using namespace std;
 6 
 7 const int maxn = 20;
 8 
 9 struct Node {
10     double x, y;
11 }node[maxn];
12 
13 double dp[1 << 16][maxn];
14 
15 double dis[maxn][maxn];
16 bool is[1 << 16][maxn];
17 
18 int xx[1 << 16][maxn];
19 
20 int main() {
21     int M = 1 << 15;
22     memset(is, 0, sizeof(is));
23     for(int i = 0; i < M; i++) {
24         for(int j = 1; j <= 15; j++) {
25             if(( i & ( 1 << ( j - 1) ) ) != 0) {
26                 is[i][j] = true;
27             }
28         }
29     }
30     for(int i = 0; i < M; i++) {
31         for(int j = 1; j <= 15; j++) {
32             xx[i][j] = ( i | ( 1 << ( j - 1) ) );
33         }
34     }
35     int t, n;
36     scanf("%d",&t);
37     while(t--) {
38         scanf("%d",&n);
39         for(int i = 1; i <= n; i++) {
40             scanf("%lf %lf",&node[i].x, &node[i].y);
41         }
42         for(int i = 1; i <= n; i++) {
43             dis[i][i] = 0;
44             for(int j = i + 1; j <= n; j++) {
45                 dis[i][j] = dis[j][i] = sqrt( (node[i].x - node[j].x) * (node[i].x - node[j].x) + (node[i].y - node[j].y) * (node[i].y - node[j].y) );
46             }
47         }
48         int N = 1 << n;
49         for(int i = 0; i < N; i++) {
50             for(int j = 1; j <= n; j++) {
51                 dp[i][j] = 10000.0;
52             }
53         }
54         dp[1][1] = 0;
55         for(int i = 1, j = 1; i < N; i <<= 1, j++) {
56             dp[i][j] = 0;
57         }
58         for(int i = 0; i < N; i++) {
59             for(int j = 1; j <= n; j++) {
60                 if(is[i][j]) {
61                     for(int k = 1; k <= n; k++) {
62                         if(!is[i][k]) {
63                             dp[xx[i][k]][k] = min(dp[xx[i][k]][k], dp[i][j] + dis[j][k]);
64                         }
65                     }
66                 }
67             }
68         }
69         double ans = 10000.0;
70         for(int i = 1; i <= n; i++) {
71             ans = min(ans, dp[N - 1][i]);
72         }
73         printf("%.2lf\n", ans);
74     }
75     return 0;
76 }

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