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RSS订阅原创 力扣题解（新增道路查询后的最短距离II）
本题考虑的是并查集的思路，将关注的重点放在边上，起初的时候每个节点i,f[i]+1表示其所能指向的最远的边，然后考虑的是从0到n-1一共有多少条边就行，每当遇到一个从l到r的边，就把从l+1开始到r-2的点都合并到r上，（r-1因为本来就有到r的边所以不用合并），每次合并都使得边的数目减少一，所以只需要记录一下边减少的数目，在和边原本的数目相减就是加上一条边以后最短距离了。开始考虑的是二分搜索，因为觉得既然有l到r的边，那么就不用考虑l到（l+1，，，，r-1）之间的。每次查询后，你需要找到从城市。
2024-11-20 08:54:15
453
原创 力扣题解（新增道路查询后的最短距离I）
此外，本题还会发现，如果你对一条从a到b的边进行更新，所影响的只会是b之后的边，对于b之前的边不会有任何变化，也可以考用dp动态递归，每次加入新的边之后，如果这条边不会影响从0到b的最短距离，就不会影响b之后的最短距离，那就不会变化。反之，如果影响了从0到b的最短距离，就需要对b之后的边进行重新计算，具体计算方法是对于一个大于b的点q，暴力遍历所有0--q-1中到q的边，然后看是否可以更新0到q的最短距离。因为是要找以q为终点的距离，因此设置这个边的数组的时候可以保存以j为终点的边在dis[j]中。
2024-11-19 08:35:13
463
原创 力扣题解（最小翻转次数使得二进制矩阵回文II）
然后，对于空出来的那一行或者一列（如果行或列是奇数的时候才会有这种情况），还需要额外处理这一行或者列的元素，此处以行为例子说明，列的做法同理。如果diff不为0，那么满足1的个数%4==0的最小翻转方法就是翻转diff次，因为翻转diff次绝对可以使得当前1的个数%4==0，比如diff等于1时，当前1的个数一定是奇数个，是1或者3，是1就将1翻转成0，是3就将0翻转成1，对于大于diff的情况，只需要一个按照上述翻转方法，其余无脑变成0就一定满足1的个数%4==0.，也就是将格子里的值从。
2024-11-16 07:59:36
624
原创 力扣题解（统计满足k约束的子字符串数目）
对于求解右端点，可以利用双指针的算法，思路是找每个右端点是哪个左端点的的符合条件的右端点，这样，对于一个右端点更大的位置，其对应的左端点一定是更大的，两指针都是只能向右侧移动，具体求解办法就是遍历字符串，对于下标i，如果当前j下标到i下标符合k约束（代码中是找到最右侧不符合的那个那个i），则r[j]=i，否则j++一直到符合k约束。对于k到r这个区间，则可以考虑用前缀和数组来求解，规定前缀和数组是从0到当前位置的所有子字符串的数目，这样两端点相减就是k到r这一块的子字符串的个数。的 子字符串 的数量。
2024-11-13 08:36:07
391
原创 力扣题解（大礼包）
具体遍历方式：对于当前的需求curneed，先考虑全部用单买的方式得出一个价格，然后对所有礼包进行遍历，如果当前礼包买完以后，剩下需要的物品数目不会有负数，那么表示当前买这个礼包是合法的（因为本题要求精确的买每一个需要的物品，数量不能超过所需要的数量），那就用同样的方式，找到去掉这个礼包之后的需求的最大值money，用money加上礼包的价格，和当前需求的最小花费比较，得出更小的当前最小花费，最后返回题目要求的nee的的最小花费就是结果。假设礼包是M个，物品是n个，每个物品需要的数目不超过N。
2024-11-03 16:12:29
408
原创 力扣题解（冗余连接）
如果有冲突，那要进一步判断，首先通过冲突记录的下标，可以得知被指向的点是V，冲突边是 U->V，而原本用的边是parent[V]->V,对于原本用的边，如果此时还有环，那么一定是原本用的边导致的，因为U->V这条边不能又去冲突又去形成环，那么要去除的边就是parent[V]->V，反之，若没有形成环，要去掉的边就是U->V;对于有向的情况，可能要删除的边会导致两种情况：一种是形成一个大环路，首位连接那种，此时每个点都有且只有一个父节点。分别记录出现环的时候的边的下标和出现冲突的时候的边的下标。
2024-10-28 17:23:05
397
原创 力扣题解（执行操作可获得的最大总奖励II）
由于变化是连续的一部分一起变换，且变换的具体情况和原本另一块区域是一致的，即用(0-----reward[i]-1）去更新（reward[i]-----2*reward[i]-1)，且一一对应，因此可以考虑位运算直接左移reward[i]位在进行或运算。对于同类型的获取最大总奖励I，由于数据量小，因此采用01背包问题的思路，在O(N^2)的时间复杂度内也能顺利通过，本题由于数据长度和数据大小都是5*1e4，因此最坏时间复杂度是2.5*1e9，超出了时间上限。此处考虑时间的优化。为 0，所有下标都是。
2024-10-26 08:41:31
250
原创 力扣题解（找到连续赢k场比赛的第一位玩家）
本题n是1e5，因此需要考虑小于n平方的做法，又每个位置的选取和后续有关系，因为如果当前i位置可以一直赢到j位置，则在【i，j】内j是最大的元素，且任意从i+1到j-1的元素所能赢的最大连续数目小于i位置赢得最大连续数目，因为这些位置的值一定小于i位置的值，而i位置的值又小于j位置的值，因此最大就是到j位置就结束。再看一下本题的要求，失败者会放到最后，这就隐含了一个条件，当前是胜利者的位置的值，一定比所有已经到后面的值要大，因此如果有个位置能一直赢到n-1位置的值，那么他一定就是胜利者。
2024-10-24 09:32:00
273
原创 力扣题解（统计逆序对的数目）
如果0--endi-1个数，没有在requirement数组中出现过，分析0--endi-1个数字要提供的逆序对的个数，最多是cnt个，最少是max（cnt-endi，0）个，此处之所以这么表示，是endi最多只能提供endi个逆序对，则0--endi-1最少提供cnt-endi个，又提供数目不能小于0，所以是两者中的最大值。因此，只需要依次求（endi-1，cnt1）返回的结果的和就是所要求的结果，其中cnt1要满足在 max（cnt-endi，0）到cnt之间。如果满足以下条件，那么它们被称为一个。
2024-10-17 09:44:25
507
原创 力扣题解（鸡蛋掉落）
f[i][j]的值取决于选择的楼层k，k从1到i，对于一个确定的k，若鸡蛋碎了，则楼层范围变成k到i，一共i-k层楼，j-1个鸡蛋，就是f[i-k][j-1]，若鸡蛋没碎，则楼层变成k-1层，鸡蛋仍然是j个，就是f[k-1][j]，f[i][j]就是所有k取值的最小值，因此暴力做法就是三重循环，第一重表示总的楼层数，第二重是当前的鸡蛋数，第三重是选择丢鸡蛋的楼层，时间复杂度是O（N^2 *K），其中N表示楼层数，k表示鸡蛋总数，会超时。对于二分，若交点刚好是整数，则最小的解就是当前的交点。
2024-10-14 21:35:54
445
原创 力扣题解（鸡蛋掉落，两枚鸡蛋）
f[i]表示从一共i层楼丢的最小操作次数，对于f[i]的计算，其结果取决于第一枚鸡蛋从哪里丢，即从第一层楼到第i-1层楼开始丢，规定丢的楼层是k，则对于从k层楼丢有两种情况，鸡蛋碎了和没碎，若碎了，则不会碎的楼一定是在第1层到第k-1层，由于此时只剩下一枚鸡蛋，要从第一层开始一层层测试，因此最多还需要k-1次。若没有碎，则一定是在第k层到第i层之间，就是f[i-k]。首先，从越高的楼往下丢，一定要比从低的楼往下丢要耗费更多比较次数，且从高的楼往下丢的结果依赖于从低的楼向下丢，因此是动态递归。
2024-10-14 21:23:29
391
原创 算法（食物链）
240. 食物链动物王国中有三类动物 A,B,C𝐴,𝐵,𝐶，这三类动物的食物链构成了有趣的环形。A𝐴 吃 B𝐵，B𝐵 吃 C𝐶，C𝐶 吃 A𝐴。现有 N𝑁 个动物，以 1∼N1∼𝑁 编号。每个动物都是 A,B,C𝐴,𝐵,𝐶 中的一种，但是我们并不知道它到底是哪一种。有人用两种说法对这 N𝑁 个动物所构成的食物链关系进行描述：第一种说法是1 X Y，表示 X𝑋 和 Y𝑌 是同类。第二种说法是2 X Y，表示 X𝑋 吃 Y𝑌。
2024-10-04 22:28:47
753
原创 算法（最大异或对）
143. 最大异或对在给定的 N𝑁 个整数 A1，A2……AN𝐴1，𝐴2……𝐴𝑁 中选出两个进行 xor𝑥𝑜𝑟（异或）运算，得到的结果最大是多少？
2024-10-04 22:19:08
376
原创 力扣题解（飞机座位分配概率）
当处于i位置时，则二号乘客到i-1号乘客，都可以顺序入座，i号乘客要在1号座位或者i+1到n号座位中入座，此时有n-i+1个乘客，n-i+1个座位，乘客编号是i.i+1,i+2,.....n，座位编号是1,i+1,i+2,....n.可以发现，只有一个编号和乘客是不对应的，但是此时把座位1编号看成i不会有任何影响，因为能对结果产生影响的是乘客坐的相对位置，而不是单纯的编号对应乘客。f（n-1）=1/（n-1）+1/（n-1）*f(n-1-i+1)(i从2到n-2).位乘客坐在自己的座位上的概率是多少？
2024-10-04 09:28:55
479
原创 算法（ 二分图的最大匹配）
给定一个二分图，其中左半部包含 n1𝑛1 个点（编号 1∼n11∼𝑛1），右半部包含 n2𝑛2 个点（编号 1∼n21∼𝑛2），二分图共包含 m𝑚 条边。数据保证任意一条边的两个端点都不可能在同一部分中。请你求出二分图的最大匹配数。二分图的匹配：给定一个二分图 G𝐺，在 G𝐺 的一个子图 M𝑀 中，M𝑀 的边集 {E}{𝐸} 中的任意两条边都不依附于同一个顶点，则称 M𝑀 是一个匹配。二分图的最大匹配：所有匹配中包含边数最多的一组匹配被称为二分图的最大匹配，其边数即为最大匹配数。
2024-10-03 22:39:46
427
原创 数据结构（染色法判定二分图）
对于每个点进行判断，若当前的点未染色，则染成一个颜色，然后对于相连接的点，都染成另一种颜色，若有相连的点已经有颜色，则进行判断，若是同一种颜色则不是二分图，返回false，若所有点染色都成功，则是二分图，返回true。这所以这样做，是因为有些点之间可能不存在通路，所以要对所有点都进行染色。染色法基于一个定理，即奇数点构成的环一定不是二分图，证明：假如是同一类的两个同类的点相连，则在环除了这两个点以外的点，应该都满足交叉的，则必定会有奇数个，再加上这两个点，一共是奇数个点，因此一定不是二分图。
2024-10-03 22:32:48
452
原创 力扣题解（ 规定时间内到达终点的最小花费）
本题每一次选择城市都会影响到下一次城市的选择，因此可以采取动态递归的策略，正常设计数组dp，应该是dp[i][j]表示前i个城市用时在j的最小花费，但是由于本题是所有城市双向道路连接在一起，因此如果i从小到大遍历，后面结果变化可能会影响到前者，因此这么设计存在一定问题，需要更换dp[i][j]中i和j代表的含义，可以采用i表示花费的总时间，j表示到j城市，这样做的好处是i大的时候的变化都是由i小的时候得到的dp所决定的，而i大的dp[i][j]的变化又不会影响到之前的dp，因此方法是可行的。
2024-10-03 22:24:26
495
原创 acw(树的重心)
给定一颗树，树中包含 n𝑛 个结点（编号 1∼n1∼𝑛）和 n−1𝑛−1 条无向边。请你找到树的重心，并输出将重心删除后，剩余各个连通块中点数的最大值。重心定义：重心是指树中的一个结点，如果将这个点删除后，剩余各个连通块中点数的最大值最小，那么这个节点被称为树的重心。
2024-09-27 23:15:19
238
原创 力扣题解（每种字符至少取k个）
反向理解，既然题目要求从最左边和最右边取连续的一些数，不妨考虑在数组中取中间连续一段，符合条件：每个字符出现的次数要比该字符出现的总次数少大于等于k个。然后，用一个数组nums，记录当前取得范围每个字母出现的次数，只要nums[i]<=num[i]-k，就表示可以继续插入，记录符合条件的最大长度。需要注意每次放入新字符，需要先判断是否符合条件，再去算长度，先后次序不能颠倒。因此，先经过一次循环，利用数组num记录a，b，c各自出现的次数。最后总长度减去上述求出的最大长度就是最小取的次数。
2024-09-27 08:36:30
236
原创 力扣题解（公司命名）
而求prea中不是backb的部分，就是求backa和backb的差集，就是backa-（backa∩backb）。求交集的时间最坏是O（nlogn），即各占n/2左右，每次找一个是否在另一个集合中是O（logn），因此最差是O（NlogN）。对于两个名字，分别是prea，backa ，preb，backb，只有prea！=backb才能组合，因此，只需要求出prea数组中，不包含backb的部分backa；首先，先思考两个什么样的名字才能满足条件组合，必须是首字母不同，且后缀不相同，才可能能组合。
2024-09-25 09:32:31
307
原创 字符串哈希
然后，根据前缀和的公式，从l到r的哈希值就和h[r],h[l-1]有关，而h中存放的是前缀和，因此要把h[l-1]左移r-1-(l-1-1)位置，即乘以p的（r-1-l+1+1）次方，再相减。首先利用一个前缀和，存放在h[N]中。h[i]表示从第一个字符到第i个字符的字符串所对应的一个哈希值，该哈希值参考了进制的做法，因此用p进制表示，p是一个具体的数。此处规定p=131或者13331，取模规定是2的64次方，这样哈希冲突是基本没有的，也就是说这个做法是忽略哈希冲突的。
2024-09-24 23:04:26
228
原创 模拟哈希表
该方法是对于每个哈希冲突的位置，用一个模拟链表来存储，然后每次查找都是从这个模拟链表的头部开始依次查找，直到找到或者到了链表尾部才停止。因此，对于下标i，j，实际上是e[i]->e[j]。即利用下标获得指向的数，也利用下标得知本位制存放的数。模拟链表的方式是用e[i]表示i下标存放的实际的数，ne[i]表示i下标所指向的下一位的下标。
2024-09-24 22:57:39
237
原创 力扣题解（字符串中最多数目的子序列）
对于在i位置插入，如果插入pattern[0]，则只可能影响到i往后的位置的所有结果数目，如果插入pattern[1]，则只可能影响到i之前的所有结果数目，而这个影响的数目，又和i前面的pattern[0],i后面的pattern[1]的个数有关，因此只需要先计算出没有插入的时候的所有数目，再加上某个位置最大的pattern[0],pattern[1]的个数就行。如果子序列是两个一样的数，确实在中间位置插入会影响到前后两侧，但是结果也只会和在两侧插入是一样大的。字符，这个插入的字符必须是。
2024-09-24 10:46:36
467
原创 kmp快速匹配
优化思路是对于每次查找完成以后，下一次比较的位置不一定要从当前比较的头部的下一个位置开始，而是可以从其余地方开始，也就是B可以一次移动多个位置再比较。这就和B的字符串本身有关，假设ne[j]=i，表示从0-i的字符串和从j-i到j的字符串是一致的，则此时就无需再比较0-i的所有元素了，也就是简化了比较次数。对于匹配A的过程，就是每次B的j+1位置和A的i位置匹配不成功，则j跳转到ne[j]重新匹配。暴力的做法是从A的每个元素开始，依次比较看是否有和B相同的子串，时间复杂度是o（N*N）
2024-09-23 20:31:52
232
原创 力扣题解（最佳观光组合）
利用ans保存0-i最大的观光分数，对于求ans，可以通过题发觉对于i位置，若取i位置的观光景点，则最大得分只会和前面0----i-1里的values[j]+j有关，所以可以用mx保存0---i-1中的最大values[j]+j，则ans的最大值可能是mx+value[i]-i，然后每次判断完ans后更新mx即可。个观光景点的评分，并且两个景点。返回一对观光景点能取得的最高分。）组成的观光组合的得分为。，也就是景点的评分之和。它们两者之间的距离。
2024-09-23 20:10:22
393
原创 力扣题解（统计特殊整数）
若n的位数是k，则对于位数在1-k-1的所有数，都满足一定小于n，则可以直接全求出来，基本方法就是对于位数是h的所有数，最高位可以从1-9中取得，有9种可能，次高位可以取0-9中除了最高位取得的那一位之外的数，同样有9种可能，再下一位也是从0-9种除了最高和次高两位之外的数，有8种可能，以此类推下去，就是有7，6，5....种可能，因此可以直接全求出来，式子是9*9*8*...(有几位能乘几个数)。其次，对于位数是k位的，同样分两种情况，最高位小于n和最高位等于n。之间特殊整数的数目。
2024-09-20 19:56:39
318
原创 离散化c++
首先将所有要用到的数存放在数组all中，并且进行去重和排序，方便后续用二分查找得到相对于的下标，然后用一个num数组，存放数字和该位置变换的大小，后续会在前缀和数组中用到，简化在l到r区间大小的计算。add数组存放离散化后的数字对应变化，与前面不同的是，此处是利用find联系离散前和离散后数字的下标，然后找到相应位置加上数字，再利用sum求前缀和，这样l到r区间的变化就可以用s[r]-s[l-1]来实现。我们要求的是[ l , r ] [l,r][l,r]区间里面的和。最后m次询问每行两个数l，r;
2024-09-19 20:38:47
412
原创 JZ62 孩子们的游戏(圆圈中最后剩下的数)
JZ62 孩子们的游戏(圆圈中最后剩下的数)new中等 通过率：33.14% 时间限制：1秒 空间限制：256M知识点。
2024-09-06 16:24:24
478
原创 C140 杨辉三角
C140 杨辉三角new简单 通过率：29.57% 时间限制：1秒 空间限制：256M知识点校招时部分企业笔试将禁止编程题跳出页面，为提前适应，练习时请使用在线自测，而非本地IDE。
2024-09-05 21:21:43
420
原创 Fibonacci数列题目
Fibonacci数列题目时间限制：1秒 空间限制：32M知识点校招时部分企业笔试将禁止编程题跳出页面，为提前适应，练习时请使用在线自测，而非本地IDE。
2024-09-05 21:14:32
295
原创 牛客（点击消除）
点击消除时间限制：1秒 空间限制：256M校招时部分企业笔试将禁止编程题跳出页面，为提前适应，练习时请使用在线自测，而非本地IDE。
2024-09-04 14:23:28
202
原创 牛客（数字统计）
NOIP2010]数字统计new时间限制：1秒 空间限制：128M知识点校招时部分企业笔试将禁止编程题跳出页面，为提前适应，练习时请使用在线自测，而非本地IDE。
2024-09-03 21:22:03
277
原创 力扣（距离相等的条形码）
重点是必须先存放出现次数最多的元素，极端情况下出现次数最多的元素可能是（n+1）/2个，此时相当于最后求出的数组，每间隔两个位置都有一个该元素，如果不先排该元素，则必定会在前面几个两两为一组的小组中没有一个该元素，则后面必定会出现该元素重复存放。对于出现的最大次数是（n+1）/2,是假设每两个相邻元素为一个小组，若没有重复，极端情况下是每个小组的第一个元素都是该元素，而最后一个小组可能只有一个元素，也可能有两个元素，因此是（n+1）/2.首先利用一个数组保存每个元素出现次数，即dp[i]表示i出现的次数。
2024-09-02 20:37:18
519
原创 力扣（可被三整除的最大和）
方法二：先整体求出所有数的和sum，然后判断宿命对3的余数，如果是0，则直接返回。若是1，则结果可能是sum减去一个余数是1的元素，或者sum减去两个余数是二的元素。若是2，则结果可能是sum减去一个余数是2的元素，或者sum减去两个余数是一的元素。方法一：利用一个长度为3的数组，分别保存0到i内余数为0，1，2的最大和，这样对于一个进入的数k，依次更新数组每一个元素，最后dp[0]就是所要求的结果.，请你找出并返回能被三整除的元素。
2024-09-02 20:30:01
405
原创 力扣（俄罗斯套娃信封问题）
但是有一点不同的是，可能有宽度一样的存在，此时哪怕高度高也不能放到一块，因此宽度必须满足大于才行，因此对于宽度相同的数，如果按照高度递减排序，这样就一定不会出现宽度相同而高度由小到大的情况，在这种情况下直接找递增序列就可以了。首先，需要同时有宽和高都大于才能包含，因此同一时间需要比较两方面的数字，因此需要先固定其中一种数字，这样只需要对另一种数字进行比较，这里选择按照宽度由小到大排列，这样对于i位置和i+1位置，只要i+1位置高度大于i位置高度，则两者一定可以包含在一起。最后返回的就是有序数组的高度。
2024-09-02 16:46:35
380
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