代码随想录day7

这次的代码是提高篇

454 两数之和2

关键点1：题目要求有多少个满足和为0的元组，这里key和val都要记录，所以采用unordered_map。key为数值，val为出现的次数。

关键点2：四数相加为0，可以两两和分为两组。遍历数组1和2的和，两层for循环。若map中没有该和，插入，val为1；若map中已经存在，将其val加1，iter->second++;迭代器定义为：auto iter;

关键点3：返回值为满足条件的元组个数，为int类型。同样，遍历数组c和d的和，将其带入map中寻找。使用.find()方法，找到即autao iter = map.find(sumb) != map.end()，这里的找到是通过迭代器定义，将int 类型的result++;

383、赎金信

关键点1：这题和242思路一样。只要记得定义并初始化数组的方式：int record[20] = {0};

15、三数之和

这道题目比较繁琐，特别是剪枝和去重逻辑

关键点1： 首先，对数组进行排序，目前排序和反转算法的使用都是方法在前，加起始和终止迭代器。ed:sort(nums.begin(),nums.end());此外，需要明确的一点是这些方法的区间原则都是左闭右开。此外，nuns.end()指向的是最后一个元素的下一个元素。

关键点2：从数组中找到三个重复的元素，三数之和为0。双指针法，遍历该数组元素，指针left从i+1开始向外遍历，指针right从nums.size()-1即右端开始向内遍历，终止条件为while(right > left)。

关键点3：首先，若nums[i] > 0，则不用往下遍历了，因为数组排序过了，直接return  result;

另外，数组中可能有重复的元素，所以加剪枝：if(i > 0 && nums[i] == nums[i-1]);这里的i>0因为i=0时nums[i] == nums[i-1]越界；之所以nums[i] == nums[i-1]而不是nums[i] == nums[i+1]右边界可能越界,continue;

关键点4：当找到该元组时，需要判断right向内一位是否重复，若重复，--；同样，left若与left-1相同，left++;这里的去重和剪枝是不一样的，剪枝是当前点i和前一点对比；去重时重复点不在当前遍历的i处，而且也不用continue；

18、四数之和

这题与15题很相似

关键点1：相比15题，加了两层for循环遍历，外层i和内层k遍历，左右指针还在；

关键点2：target这里不是0了，可能为正、0、负；这里排序后还要再剪枝，if(nums[k] > target && nums[k] >= 0)；在内层循环里还有二级剪枝：if(nums[k] + nums[i] > target && nums[k] + nums[i] >= 0)