题目
给你一个长度为N的序列ai,1≤i≤N和q组询问,每组询问读入l1,r1,l2,r2,需输出
get(l,r,x)表示计算区间[l,r]中,数字x出现了多少次。
Input
第一行,一个数字N,表示序列长度。
第二行,N个数字,表示a1~aN
第三行,一个数字Q,表示询问个数。
第4~Q+3行,每行四个数字l1,r1,l2,r2,表示询问。
N,Q≤50000
N1≤ai≤N
1≤l1≤r1≤N
1≤l2≤r2≤N
注意:答案有可能超过int的最大值
Output
对于每组询问,输出一行一个数字,表示答案
Sample Input
5
1 1 1 1 1
2
1 2 3 4
1 1 4 4
思路:
我们可以看到这个式子get(l,r,x),我们可以将其分解得到
get(l,r,x)=get(1,r,x)-get(1,l,r),所以我们令s(i)=get(1,i,x);
那么
又因为
所以
ans
仔细看分子,实际上就是四个区间中x的数量的平方
(r1,l2),(l1,r2),(l1,l2),(r1,r2)
我们只需要用莫队维护一下区间x的个数的平方就可以了
代码如下:…(* ̄0 ̄)ノ
#include<iostream>
#include<cstdio>
#include<cstring>
#include<cmath>
#include<algorithm>
#define ll long long
using namespace std;
const int mx=5e4+10;
ll s[mx],ans[mx],c[mx],sum;//分别为统计区间每个数个数,结果,输入,和
int tot=0,cnt;//分别为p数组的大小和分块的大小
struct nodeb{
int x,y;//区间左端和右端
int id,k;//分别为id 和系数
}p[mx<<2];
bool cmp(nodeb a,nodeb b)//分块排序
{
return a.x/cnt==b.x/cnt?a.y<b.y:a.x<b.x;
}
void add(int k)//增加操作
{
k=c[k];
s[k]++;
sum+=2*s[k]-1;
}
void del(int k)//删除操作
{
k=c[k];
sum-=2*s[k]-1;
s[k]--;
}
void put(int x,int y, int a,int b)//这里就是将每次查询得到四个区间分别弄出来
{
tot++;
p[tot].x=min(x,y)+1;//这里加1因为算的为(l1,l2]
p[tot].y=max(x,y);//这个就是区间右端了
p[tot].id=a;//记录是那次查询
p[tot].k=b;//记录系数
}
int main()
{
int t,m;
scanf("%d",&t);
cnt=sqrt(t);
for(int i=1;i<=t;i++)
scanf("%lld",&c[i]);
scanf("%d",&m);
for(int i=1;i<=m;i++)
{
int l1,l2,r1,r2;
scanf("%d%d%d%d",&l1,&r1,&l2,&r2);//就是这样
l1--,l2--; //因为后面要加1,前面就先减1
put(l1,l2,i,-1);//四个区间
put(r1,r2,i,-1);
put(l1,r2,i,1);
put(l2,r1,i,1);
}
sort(p+1,p+1+tot,cmp);//排序
memset(s,0,sizeof(s));
memset(ans,0,sizeof(ans));
int L=1,R=0;
sum=0;
for(int i=1;i<=tot;i++)//这里要记住,add一定是要先增或减,del要后操作
{
while(L<p[i].x) del(L++);
while(L>p[i].x) add(--L);
while(R>p[i].y) del(R--);
while(R<p[i].y) add(++R);
ans[p[i].id]+=sum*p[i].k;
}
for(int i=1;i<=m;i++)
printf("%lld\n",ans[i]>>1);//最后输出记得除2
return 0;
}