(数论+容斥)
小学生一发
数论只会gcd的弱渣今天遇到一道加容斥的题目,感觉颇深,故特书此文来纪念一下。
Rinne Loves Sequence
题目描述:
Rinne给你一个序列aaa,该序列初始为空,要求你支持如下操作:
- 插入一个数,如果已经存在则忽略该操作
- 删除一个数,如果不存在则忽略该操作
- 询问∑i=1n∑j=i+1n[gcd(ai,aj)=1]\sum_{i=1}^{n}\sum_{j=i+1}^{n}[ gcd(a_i,a_j)=1 ]∑i=1n∑j=i+1n[gcd(ai,aj)=1],
定义[][][]的意义为如果里面的表达式为真则值为1.
输入:
第一行一个整数NNN, 表示总的操作次数。
接下来NNN行,每行二个整数opt,xopt, xopt,x。
若opt=1opt=1opt=1, 则表示插入xxx;
若opt=2opt=2opt=2, 则表示删除xxx;
若opt=3opt=3opt=3, 则表示询问,此时忽略xxx。
(n≤2⋅105,1≤ai≤5⋅105)(n \leq 2\cdot10^5, 1 \leq a_i \leq 5\cdot 10^5)(n≤2⋅105,1≤ai≤5⋅105)
输出:
对于每一个询问,一行输出一个非负整数表示答案。
解析
题目的意思是让我们维护一个可以支持增加和删除操作的序列aaa的互质对数。显然直接暴力是不行(如果可以,好吧,不存在的)。因为是在线的操作,考虑对于一个新加进来的数xxx,可以维护一个数组sumsumsum用与记录当前序列中的每个因子的个数,那么这样,对于每个读取的xxx,先对其进行素因子分解,然后对于增加操作,只需要知道当前序列aaa中有多少个数与xxx有共同的因子,删除操作也同理。
这个查找和维和sumsumsum数组的过程利用容斥原理来实现,容斥公式具体为:
∣A1∪A2∪⋯∪Am∣=∑1≤i≤m∣Ai∣−∑1≤i<j≤m∣Ai∩Aj∣+∑1≤i<j<k≤m∣Ai∩Aj∩Ak∣−⋯+(−1)m−1⋅∣A1∩A2∩⋯∩Am∣|A_1 \cup A_2 \cup \cdots \cup A_m|=
\sum_{1 \leq i \leq m} |A_i| -\sum_{1 \leq i<j \leq m}| A_i \cap A_j|+ \sum_{1 \leq i <j <k \leq m} |A_i \cap A_j \cap A_k|- \cdots+(-1)^{m-1}\cdot|A_1 \cap A_2 \cap \cdots \cap A_m|∣A1∪A2∪⋯∪Am∣=∑1≤i≤m∣Ai∣−∑1≤i<j≤m∣Ai∩Aj∣+∑1≤i<j<k≤m∣Ai∩Aj∩Ak∣−⋯+(−1)m−1⋅∣A1∩A2∩⋯∩Am∣
对于容斥的实现采用dfsdfsdfs深搜的方式。在增加xxx的过程中要后更新sumsumsum数组,在减少xxx的过程中要先更新sumsumsum数组。
AC代码:
// 小学生一发的刷题之路
//
// 数论-容斥
//
//
#include <iostream>
#include <cstdio>
#include <string>
#include <cstring>
#include <algorithm>
#include <queue>
#include <deque> //双向队列;
#include <cmath>
#include <set>
#include <stack>
#include <map>
#include <vector>
#include <cstdlib>
#include <iomanip>
using namespace std;
typedef long long ll;
typedef unsigned long long ull;
typedef long double ld;
const double PI=acos(-1.0);
const double eps=1e-8;
const int maxn=5e5+5;
const int maxm=1e6+5;
const ll mod=1e9+7;
const int INF=1e8;
template<class T>
void read(T &ret){ //快速输入模版;
ret=0;
int f=1;
char c=getchar();
while(c<'0'||c>'9'){
if(c=='-') f=-1;
c=getchar();
}
while(c>='0'&&c<='9'){
ret=ret*10+c-'0';
c=getchar();
}
ret*=f;
}
int n,sum[maxn],flag[maxn],m;
int p[30],op,cnt,x; //cnt为x的素因子个数;
ll ans=0;
void dfs(int i,int v,int k){
if(i>cnt){
if(op==1){ //添数操作;
if(k%2){
ans-=sum[v];
}else{
ans+=sum[v];
}
sum[v]++;
}else{ //删数操作;
sum[v]--;
if(k%2){
ans+=sum[v];
}else{
ans-=sum[v];
}
}
return;
}
dfs(i+1,v*p[i],k+1);
dfs(i+1,v,k);
}
void devide(int x){ //x的素数分解函数;
cnt=0;
for(int i=2;i*i<=x;i++){
if(x%i==0){
p[++cnt]=i;
while(x%i==0){
x/=i;
}
}
}
if(x>1){
p[++cnt]=x;
}
}
int main()
{
memset(sum,0,sizeof(sum));
memset(flag,0,sizeof(flag));
scanf("%d",&n);
m=0; //当前已有的数的个数;
for(int i=1;i<=n;i++){
read(op);
read(x);
if(op==1){
if(!flag[x]){
flag[x]=1;
devide(x);
sum[1]=m;
dfs(1,1,0);
m++;
}
}else if(op==2){
if(flag[x]){
flag[x]=0;
devide(x);
sum[1]=m;
dfs(1,1,0);
m--;
}
}else if(op==3){
printf("%lld\n",ans);
}
}
return 0;
}
新的开始,每天都要快乐哈。