【题目描述】
Mayan puzzle 是最近流行起来的一个游戏。游戏界面是一个77 行55 列的棋盘,上面堆放着一些方块,方块不能悬空堆放,即方块必须放在最下面一行,或者放在其他方块之上。游戏通关是指在规定的步数内消除所有的方块,消除方块的规则如下:
1、每步移动可以且仅可以沿横向(即向左或向右)拖动某一方块一格:当拖动这一方块时,如果拖动后到达的位置(以下称目标位置)也有方块,那么这两个方块将交换位置(参见输入输出样例说明中的图6 到图7);如果目标位置上没有方块,那么被拖动的方块将从原来的竖列中抽出,并从目标位置上掉落(直到不悬空,参见下面图1 和图2);
2、任一时刻,如果在一横行或者竖列上有连续三个或者三个以上相同颜色的方块,则它们将立即被消除(参见图1 到图3)。
注意:
a) 如果同时有多组方块满足消除条件,几组方块会同时被消除(例如下面图4,三个颜色为11 的方块和三个颜色为22 的方块会同时被消除,最后剩下一个颜色为22 的方块)。
b) 当出现行和列都满足消除条件且行列共享某个方块时,行和列上满足消除条件的所有方块会被同时消除(例如下面图5 所示的情形,55 个方块会同时被消除)。
3、方块消除之后,消除位置之上的方块将掉落,掉落后可能会引起新的方块消除。注意:掉落的过程中将不会有方块的消除。
上面图 1 到图3 给出了在棋盘上移动一块方块之后棋盘的变化。棋盘的左下角方块的坐标为(0,00,0),将位于(3,33,3)的方块向左移动之后,游戏界面从图1 变成图2 所示的状态,此时在一竖列上有连续三块颜色为44 的方块,满足消除条件,消除连续33 块颜色为44 的方块后,上方的颜色为3 的方块掉落,形成图3 所示的局面。
【输入】
共66 行。
第一行为一个正整数 n𝑛,表示要求游戏通关的步数。
接下来的 55 行,描述7×57×5 的游戏界面。每行若干个整数,每两个整数之间用一个空格隔开,每行以一个00 结束,自下向上表示每竖列方块的颜色编号(颜色不多于1010 种,从11 开始顺序编号,相同数字表示相同颜色)。
输入数据保证初始棋盘中没有可以消除的方块。
【输出】
如果有解决方案,输出n𝑛 行,每行包含33 个整数x,y,g𝑥,𝑦,𝑔,表示一次移动,每两个整数之间用一个空格隔开,其中(x,y𝑥,𝑦)表示要移动的方块的坐标,g𝑔 表示移动的方向,11 表示向右移动,−1−1 表示向左移动。注意:多组解时,按照x𝑥 为第一关健字,y𝑦 为第二关健字,11优先于−1−1,给出一组字典序最小的解。游戏界面左下角的坐标为(0,00,0)。
如果没有解决方案,输出一行,包含一个整数−1−1。
【输入样例】
3
1 0
2 1 0
2 3 4 0
3 1 0
2 4 3 4 0
【输出样例】
2 1 1
3 1 1
3 0 1
【提示】
【输入输出样例说明】
按箭头方向的顺序分别为图 6 到图11
样例输入的游戏局面如上面第一个图片所示,依次移动的三步是:(2,12,1)处的方格向右移动,(3,13,1)处的方格向右移动,33,00)处的方格向右移动,最后可以将棋盘上所有方块消除。
【数据范围】
对于 30%的数据,初始棋盘上的方块都在棋盘的最下面一行;
对于 100%的数据,0<n≤50<𝑛≤5。
上代码:
#include<bits/stdc++.h>
using namespace std;
struct node{int x,y,g;}ans[10];
struct jie{node x[10];}all;
struct op{int p,x,y,x1,y1;}g;
int n,f[10][10];
stack<op>d;
inline bool check(){
for(int i=0;i<5;++i)
for(int j=0;j<7;++j)if(f[i][j])return false;
return true;
}
inline void down(int x,int y){
int xx=x,yy=y;
while(yy>0&&f[xx][yy-1]==0)yy--;
if(xx!=x||yy!=y){
d.push({1,x,y,xx,yy});
swap(f[x][y],f[xx][yy]);
}
}
inline void update(){
bool b[10][10];
memset(b,false,sizeof(b));
for(int i=0,x,y;i<5;++i)
for(int j=0;j<7;++j){
if(f[i][j]==0)continue;
x=i,y=j;
while(x<5&&f[x][y]==f[i][j])x++;
if(x-i>2)for(int k=i;k<x;++k)b[k][j]=true;
x=i,y=j;
while(y<7&&f[x][y]==f[i][j])y++;
if(y-j>2)for(int k=j;k<y;++k)b[i][k]=true;
}
for(int i=0;i<5;++i)
for(int j=0;j<7;++j)
if(b[i][j]){
d.push({0,i,j,f[i][j],0});
f[i][j]=0;
}
bool flag=false;
for(int i=0;i<5;++i)
for(int j=1;j<7;++j)
if(f[i][j]&&f[i][j-1]==0)down(i,j),flag=true;
if(flag)update();
}
inline void turn(int x){
while(d.size()>x){
g=d.top(),d.pop();
if(g.p)swap(f[g.x][g.y],f[g.x1][g.y1]);
else f[g.x][g.y]=g.x1;
}
}
inline void up(int x,int y){
for(int i=y+1;i<7;++i){
d.push({1,x,i,x,i-1});
swap(f[x][i],f[x][i-1]);
}
}
void dfs(int x){
if(x==n){
if(check())
for(int i=0;i<n;++i)all.x[i]=ans[i];
return;
}
int s=d.size();
for(int i=0;i<5;++i)
for(int j=0;j<7;++j){
if(f[i][j]==0)continue;
ans[x].x=i,ans[x].y=j;
if(i>all.x[x].x||j>all.x[x].y)
continue;
if(i&&f[i-1][j]!=f[i][j]&&f[i-1][j]==0){
ans[x].g=-1,swap(f[i-1][j],f[i][j]);
d.push({1,i,j,i-1,j});
if(!f[i][j])up(i,j),down(i-1,j);
update();
dfs(x+1);
turn(s);
}
if(i<4&&f[i+1][j]!=f[i][j]){
if(1>all.x[x].g)continue;
ans[x].g=1,swap(f[i+1][j],f[i][j]);
d.push({1,i,j,i+1,j});
if(!f[i][j])up(i,j),down(i+1,j);
update();
dfs(x+1);
turn(s);
}
}
}
int main(){
scanf("%d",&n);
for(int i=0;i<n;++i)
all.x[i].x=all.x[i].y=all.x[i].g=1e9;
for(int i=0;i<5;++i)
for(int j=0;j<8;++j){
scanf("%d",&f[i][j]);
if(f[i][j]==0)break;
}
dfs(0);
if(all.x[0].x==1e9)puts("-1");
else{
for(int i=0;i<n;++i)
printf("%d %d %d\n",all.x[i].x,all.x[i].y,all.x[i].g);
}
return 0;
}
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