雯舞

x排序 考虑分治左下角在左半边 右上角在右半边 两边各维护一个单调栈 然后左边查询在右边二分细节自行在代码中领会#include#include#include#include#define cl(x) memset(x,0,sizeof(x))using namespace std;typedef long long ll;inline char nc()

所有询问离线 把平面分成两块 如果询问两点在同一边 可以不穿过中线 也可以穿过 如果询问两点在不同边 必须穿过 那么我们就可以用中线上所有点更新下 然后递归 卡常数？#include<cstdio>#include<cstdlib>#include<algorithm>#include<vector>#include<queue>using namespace std;ty

玄学分治做法 %%% http://www.cnblogs.com/ccz181078/p/5603283.html三个点(x1,y1),(x2,y2),(x3,y3)的两两曼哈顿距离和为2(max(x1,x2,x3)+max(y1,y2,y3)-min(x1,x2,x3)-min(y1,y2,y3))四项三个点 由抽屉原理 必至少有两项是同一个点的那么最大值就是max

关于位运算生成树问题 尛焱轟在APIO上专门讲过 一些杂七杂八的东西不过还是没怎么搞清楚这个可以分治 显然对于最高位 为0的一团 为1的一团 那么只需要找最小的一条边连接 这个可以在其中一半枚举 另一半建成Trie在上面查询然后分治到低一位#include#include#include#includeusing namespace std;typ

丢下题解就走：http://www.cnblogs.com/autsky-jadek/p/3959446.html贴吧的讨论：http://tieba.baidu.com/p/3357839800#include#include#include#include#define cl(x) memset(x,0,sizeof(x))using namespace std;t

然后就分治FFT了#include#include#includeusing namespace std;typedef long long ll;inline char nc(){ static char buf[100000],*p1=buf,*p2=buf; if (p1==p2) { p2=(p1=buf)+fread(buf,1,100000,stdin)

使用分治，考虑Floyd算法本来就是一个增量的过程。记solve(l,r)表示加入除了l到r之间的点的APSP然后分治时间复杂度O(n^3logn)#include#include#include#include#define cl(x) memset(x,0,sizeof(x))using namespace std;typedef long long ll;

这个直接上题解吧 ：http://vfleaking.blog.uoj.ac/blog/1244Kruskal 用尛焱轟的话来说就是枚举边权 可以发现一种边权最多只有O(m)个联通块需要合并 O(m 2^m a(n))#include#include#includeusing namespace std;typedef long long ll;inli

算导上的经典问题n2logn啊 卡来卡去 卡时过 main上过不去 TLE每次找到两个点I,j连一条边，使它们连线左边黑点=白点，右边黑点=白点，然后对左右递归处理即可。由数学归纳法可证这样一定有解。时间复杂度关键在于划分的平衡性，以及找连线的复杂度未想到如何快速Devide#include#include#inclu

分治#include#include#includeusing namespace std;typedef pair abcd;typedef long long ll;inline char nc(){ static char buf[100000],*p1=buf,*p2=buf; if (p1==p2) { p2=(p1=buf)+fread(buf,1,1

自己好弱 多项式求逆不会啊分治FFT也是第一次打#include#include#includeusing namespace std;typedef long long ll;inline ll Pow(ll a,ll b,ll p){ ll ret=1; for (;b;(a*=a)%=p,b>>=1) if (b&1)

决策单调性 用分治或者单调栈 单调栈没打过 尴尬#include#include#includeusing namespace std;typedef long long ll;inline char nc(){ static char buf[100000],*p1=buf,*p2=buf; if (p1==p2) { p2=(p1=buf)+fread(buf,

类似最小乘积生成树的做法详见另一文：http://blog.youkuaiyun.com/u014609452/article/details/51822880#include#include#include#include#define cl(x) memset(x,0,sizeof(x))using namespace std;typedef pair abcd;inlin

比较显然的做法 枚举l,r 然后主席树这题有很多单调性可以利用对一个确定的l 最优的r 是单调的 来分治#include#include#includeusing namespace std;typedef long long ll;inline char nc(){ static char buf[100000],*p1=buf,*p2=buf; if

考虑分治 左端点在左边 右端点在右边枚举左端点 分情况讨论最大最小分别在哪边 然后前缀和处理#include#include#includeusing namespace std;typedef long long ll;inline char nc(){ static char buf[100000],*p1=buf,*p2=buf; if (p1

详见lzz的集训队论文二进制分组做法二进制分组是在线段树的结构上做的 方便区间查询 至于删除 采用延迟重构的思想 每一层只有最后一个区间是萎的 我们需要递归下去 询问还是O(logn)O(\log n)个节点 重构复杂度势能分析下O(nlogn)O(n\log n) 只有上凸包是有效的 合并的时候采用归并加Graham可以做到O(n)O(n) 不然以我的常数 T的血惨 但是卡内存 只有90分#