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直奔主题:设f(n,m)表示 n 经分解后最大子项不超过 m 的非递减序列的种数，则有：    f(n,m) = f(n-m,m) + f(n,m-1)两种情况：     1、至少存在一个最大子项为 m，然后分解 n-m    2、最大子项为 m-1那么     ans(N) = f((N-k)/2, k)  k=N,N-2,N-4...0(k表示中心的那个数，且为中轴线)如果 N 为偶数，则要加上一种情况：中轴线不过任何数字    ans[N] += f(N/2, N/2); #include usi

题目的意思很简单，看图就能懂：把一数组分为两部分，使得两部分的连续子序列和的和最大(有点绕口啊)对于最大连续子序列和，A[i]...A[j]，肯定不会存在某一k值( iint currentMax = 0;int maxfor(int i=1; icurrentMax ? max:currentMax; if(currentMax如此只需要遍历一次数组即可得到最大的连续子序列和，复杂度为 O(N)而对于本题，则还需要一步，即如何分割数组使得两部分的最大连续子序列和的和最大：1、设end[i]表示

因为输入的 Y 是非递减序列，所以只用考虑输入的 X 值，当输入时，该点的level即是在该点之前已经输入了多少个 x 坐标比当前小的星星数。所以我们要记录的是任何 x 坐标之前已经出现了多少个星星。对于动态区间问题，线段树是利器！#include using namespace std;typedef unsigned short unshort;const unshort MAX_N = 32000;unshort N;unshort ans[15005];struct Node

如果每次赋值都遍历到叶子节点，则赋值的复杂度变为O(N)，因此赋值时深入到需要赋值的那个区间就应当停止，记录当前的增量，如果下次搜索时，根据需要向下传递这个增量，这样的复杂度就降下来了#include using namespace std;const int MAX_N = 100000;int A[MAX_N+5];int N, Q;struct Node{ int left; int right; __int64 sum; __int64

看了那么多代码和解说，什么也没有看懂，最后找到了这篇博文(http://www.cppblog.com/MiYu/archive/2010/10/15/129997.aspx)，茅塞顿开啊！代码就不贴了，直接看那边博文

暂时只想到两处可以剪枝的地方。#include #include #include #include using namespace std;const int MAXN = 64;int stick[MAXN];bool flag[MAXN];int n;int sum;int len;int cnt;bool cmp(int a, int b){ return a > b;}bool dfs(int l, int start, int nu

匈牙利算法基本思想：找到满足以下条件的路径起点和终点是未纳入已分配边的顶点，且两个顶点在不同的两个划分这条路径的奇数边是未纳入分配的边，而偶数边是已近被分配的边。根据1和二分图的性质，路径经过边的数目一定是奇数于是：未纳入匹配的边刚好比已经纳入匹配的边多一个。如果把这样的路径取反

除非特殊说明，所有文章均为原创，转载请注明出处哦 o(∩_∩)o   http://blog.youkuaiyun.com/setidfinec++读取字符istream & get(char &ch)      // 从流中读取任意一个字符，包括空格 " " 和换行 "/n"int get(void)                        // 从流中读取任意一个字符，包括空格 "