一元四次方程的全面解析（已更新）

引言

一元四次方程是代数学中的重要内容，是形如 $a{x}^4+b{x}^3+c{x}^2+dx+e=0$（其中$a\ne 0$）的多项式方程。与一元二次方程和一元三次方程相比，一元四次方程的求解更为复杂，但仍然存在解析解。这篇文章将全面介绍一元四次方程的求解方法，包括求根公式的推导、复数知识、特殊解法、实际应用以及具体的例题。

补充一下，如果各位看到我的文章有啥问题可以私信或者评论区指出，本人只是一个想走数学竞赛的初中生，有部分不懂的知识（如名人事迹）来源于互联网，难免出现错误，多多包涵！

另外，如果可以的话看到这篇文章的读者能在评论区或者私信里面对我发一句：“祝愿你能上岸钱一班！”吗 各位朋友的支持是我学习与更新的动力 大家一起加油吧！有什么不懂的一起学习！

历史背景

四次方程求解的历史发展

四次方程的求解历史是代数学发展的重要里程碑，承载着数学家们数百年的智慧结晶。

16世纪意大利数学革命

16世纪的意大利见证了代数学的黄金时代。这一时期，几位杰出的数学家相继解决了三次和四次方程的求解问题：

• 吉罗拉莫·卡尔丹诺（Girolamo Cardano，1501-1576）：意大利文艺复兴时期的博学者，在1545年发表的《大法》（Ars Magna）中首次公布了三次方程的一般解法，为四次方程的解决奠定了基础。

• 尼科洛·塔尔塔利亚（Niccolò Tartaglia，1499-1557）：实际发现三次方程解法的数学家，但由于时代的竞争环境，他的发现被卡尔丹诺发表。

• 卢多维科·费拉里（Lodovico Ferrari，1522-1565）：卡尔丹诺的学生，在1540年代发明了解四次方程的方法，当时他还不到20岁，展现了惊人的数学天赋。

费拉里方法的意义

费拉里的方法不仅解决了四次方程的求解问题，更重要的是它展示了一种重要的数学思想：将高次方程转化为低次方程。这种降次的思想后来成为代数学中的重要方法。

历史的终结

四次方程是最后一个有一般代数解的多项式方程。19世纪初，阿贝尔（Abel）和伽罗瓦（Galois）证明了五次及以上方程没有一般的代数解，这使得四次方程的求解方法具有了特殊的历史地位。

复数基础知识

在深入研究四次方程之前，理解复数的概念是必要的，因为四次方程的根可能是复数。

复数的定义

复数是形如 $a+bi$ 的数，其中 $a$ 和 $b$ 是实数，$i$ 是虚数单位，满足 $i^2=-1$。

• $a$ 称为复数的实部，记作 $\text{Re}(z)$ 或 $\text{Re}(a+bi)=a$
• $b$ 称为复数的虚部，记作 $\text{Im}(z)$ 或 $\text{Im}(a+bi)=b$

复数的几何表示

复数可以在复平面上表示，其中横轴表示实部，纵轴表示虚部。复数 $z=a+bi$ 对应复平面上的点 $(a,b)$。

复数的运算

1. 加减法：$(a+bi)\pm (c+di)=(a\pm c)+(b\pm d)i$

2. 乘法：$(a+bi)\times (c+di)=(ac-bd)+(ad+bc)i$

3. 共轭复数：$z=a+bi$ 的共轭复数为 $\bar{z}=a-bi$，有 $z\times \bar{z}=a^2+b^2$

4. 模：复数 $z=a+bi$ 的模定义为 $|z|=\sqrt{a^2+b^2}$

5. 除法：$\frac{a+bi}{c+di}=\frac{(a+bi)(c-di)}{(c+di)(c-di)}=\frac{ac+bd}{c^2+d^2}+\frac{bc-ad}{c^2+d^2}i$

复数的代数基本定理

复数的代数基本定理指出：任何非零复系数多项式方程都至少有一个复数根。这意味着一个 $n$ 次方程恰好有 $n$ 个复数解（包括重根）。

韦达定理和根的性质

韦达定理在四次方程中的应用

对于四次方程 $x^4+p{x}^3+q{x}^2+rx+s=0$，设其四个根为 $x_1,x_2,x_3,x_4$，则有：

• $x_1+x_2+x_3+x_4=-p$
• $x_1{x}_2+x_1{x}_3+x_1{x}_4+x_2{x}_3+x_2{x}_4+x_3{x}_4=q$
• $x_1{x}_2{x}_3+x_1{x}_2{x}_4+x_1{x}_3{x}_4+x_2{x}_3{x}_4=-r$
• $x_1{x}_2{x}_3{x}_4=s$

根的对称函数

这些关系式被称为根的初等对称函数，它们在简化计算和验证解的正确性方面非常有用。当我们已知一个或几个根时，可以利用这些关系快速求出其他根。

一元四次方程的一般形式

一元四次方程的一般形式为：

$$a{x}^4+b{x}^3+c{x}^2+dx+e=0(a\ne 0)$$

为简化推导，我们通常将其化为首一形式（即 $a=1$）：

$$x^4+p{x}^3+q{x}^2+rx+s=0$$

其中 $p=\frac{b}{a}$, $q=\frac{c}{a}$, $r=\frac{d}{a}$, $s=\frac{e}{a}$。

求根公式的推导

费拉里方法

费拉里方法（Ferrari’s method）是由意大利数学家卢多维科·费拉里（Lodovico Ferrari）于16世纪发明的，用于求解四次方程。这个方法的核心思想是将四次方程转化为两个二次方程的乘积。

推导步骤详解

我们从首一形式的四次方程开始：

$$x^4+p{x}^3+q{x}^2+rx+s=0$$

步骤1：消去三次项

令 $x=y-\frac{p}{4}$，将这个代换带入原方程，可得：

$$y^4+P{y}^2+Qy+R=0$$

其中：

• $P=q-\frac{3p^2}{8}$
• $Q=r-\frac{p^3}{8}-\frac{pq}{2}$
• $R=s-\frac{pr}{4}+\frac{p^{2}q}{16}-\frac{3p^4}{256}$

步骤2：配方转化

将方程两边添加相同的项 $2m{y}^2+m^2$（其中 $m$ 是待定参数）：

$$y^4+2m{y}^2+m^2+P{y}^2+Qy+R-2m{y}^2-m^2=0$$

左边可以写成一个完全平方：

$$(y^2+m{)}^2+P{y}^2+Qy+R-2m{y}^2-m^2=0$$

即：

$$(y^2+m{)}^2+(P-2m)y^2+Qy+(R-m^2)=0$$

步骤3：寻找使左边可以分解为平方式的参数 $m$

我们希望右边的表达式 $(P-2m)y^2+Qy+(R-m^2)$ 可以表示为 $(uy+v{)}^2$ 的形式。

比较系数得：

• $(P-2m)=u^2$
• $Q=2uv$
• $(R-m^2)=v^2$

从第一个和第二个方程解出：

• $u=\pm \sqrt{P-2m}$
• $v=\frac{Q}{2u}$

代入第三个方程：

• $R-m^2=\frac{Q^2}{4(P-2m)}$

整理得：

• $4(P-2m)(R-m^2)=Q^2$
• $4PR-4P{m}^2-8Rm+8m^3=Q^2$
• $8m^3-4P{m}^2-8Rm+4PR-Q^2=0$

这是关于 $m$ 的一个三次方程。令 $z=2m$，则：

• $z^3-2P{z}^2-8Rz+(4PR-Q^2)=0$

这个三次方程可以通过卡尔丹（Cardano）公式解出。设其中一个实根为 $z_0=2m_0$。

步骤4：利用求得的 $m_0$ 将四次方程分解为两个二次方程

有了 $m_0$，我们可以计算：

• $u_0=\sqrt{P-z_0}$
• $v_0=\frac{Q}{2u_0}$

原方程可以写为：
$$(y^2+m_0{)}^2+(u_{0}y+v_0{)}^2=0$$

这只有在 $(y^2+m_0)=\pm i(u_{0}y+v_0)$ 时才成立，因此：
$$(y^2+m_0+i(u_{0}y+v_0))(y^2+m_0-i(u_{0}y+v_0))=0$$

化简后得到两个二次方程：
$$y^2+\frac{i{u}_0}{2}y+m_0+\frac{i{v}_0}{2}=0$$
$$y^2-\frac{i{u}_0}{2}y+m_0-\frac{i{v}_0}{2}=0$$

步骤5：解这两个二次方程

使用二次公式分别解这两个方程，得到四个根：

$$y_1=\frac{-i{u}_0+\sqrt{-u_0^2-4m_0-2i{v}_0}}{2}$$
$$y_2=\frac{-i{u}_0-\sqrt{-u_0^2-4m_0-2i{v}_0}}{2}$$
$$y_3=\frac{i{u}_0+\sqrt{-u_0^2-4m_0+2i{v}_0}}{2}$$
$$y_4=\frac{i{u}_0-\sqrt{-u_0^2-4m_0+2i{v}_0}}{2}$$

最后，通过 $x=y-\frac{p}{4}$ 得到原方程的四个根。

判别式理论

四次方程的判别式

四次方程的判别式是一个复杂的表达式，但它能帮助我们判断根的性质。对于一般四次方程 $a{x}^4+b{x}^3+c{x}^2+dx+e=0$，其判别式 $\Delta$ 的计算涉及系数的复杂组合。

判别式的作用

判别式的符号可以告诉我们：

• $\Delta >0$：方程有四个不同的实根，或者有两对共轭复根
• $\Delta =0$：方程存在重根
• $\Delta <0$：方程有两个实根和一对共轭复根

简化的判别式判断

对于已经消去三次项的四次方程 $y^4+P{y}^2+Qy+R=0$，可以通过以下方法初步判断根的性质：

1. 如果 $Q=0$，方程退化为双二次方程
2. 如果 $P^2-4R>0$ 且 $Q^2$ 较小，通常有实根存在
3. 复杂情况需要计算完整的判别式

特殊类型四次方程的快速解法

双二次方程

形如 $a{x}^4+b{x}^2+c=0$ 的方程称为双二次方程。

解法：令 $t=x^2$，原方程变为二次方程 $a{t}^2+bt+c=0$

步骤：

1. 解二次方程得到 $t_1,t_2$
2. 由 $x^2=t_i$ 得到 $x=\pm \sqrt{t_i}$
3. 考虑复数解：如果 $t_i<0$，则 $x=\pm i\sqrt{|t_i|}$

例：$x^4-5x^2+6=0$

• 令 $t=x^2$：$t^2-5t+6=0$
• 解得：$t=2$ 或 $t=3$
• 因此：$x=\pm \sqrt{2},\pm \sqrt{3}$

对称四次方程

形如 $a{x}^4+b{x}^3+c{x}^2+bx+a=0$ 的方程称为对称四次方程。

解法：利用对称性，令 $y=x+\frac{1}{x}$

步骤：

1. 方程两边同时除以 $x^2$（$x\ne 0$）
2. 得到：$a(x^2+\frac{1}{x^2})+b(x+\frac{1}{x})+c=0$
3. 注意到 $x^2+\frac{1}{x^2}=(x+\frac{1}{x}{)}^2-2=y^2-2$
4. 代入得：$a(y^2-2)+by+c=0$
5. 解这个关于 $y$ 的二次方程
6. 由 $y=x+\frac{1}{x}$ 反推出 $x$

例：$x^4+x^3-4x^2+x+1=0$

• 除以 $x^2$：$x^2+x-4+\frac{1}{x}+\frac{1}{x^2}=0$
• 整理：$(x^2+\frac{1}{x^2})+(x+\frac{1}{x})-4=0$
• 令 $y=x+\frac{1}{x}$：$(y^2-2)+y-4=0$
• 即：$y^2+y-6=0$
• 解得：$y=2$ 或 $y=-3$

反对称四次方程

形如 $a{x}^4+b{x}^3+c{x}^2-bx+a=0$ 的方程称为反对称四次方程。

解法：类似对称方程，但利用 $y=x-\frac{1}{x}$ 的代换。

例题解析

例题1：求解 $x^4-4x^2+3=0$

解：这是一个特殊的四次方程，可以看作是关于 $x^2$ 的二次方程。

令 $t=x^2$，则原方程变为：$t^2-4t+3=0$

使用二次公式求解：$t=\frac{4\pm \sqrt{16-12}}{2}=\frac{4\pm 2}{2}=2\pm 1$

所以 $t=1$ 或 $t=3$，即 $x^2=1$ 或 $x^2=3$。

由 $x^2=1$ 得 $x=\pm 1$
由 $x^2=3$ 得 $x=\pm \sqrt{3}$

因此，原方程的四个解为：$x=1$，$x=-1$，$x=\sqrt{3}$，$x=-\sqrt{3}$。

例题2：求解 $x^4-2x^3-2x^2+6x-3=0$

解：这个方程需要用完整的费拉里方法求解。

步骤1：消去三次项
令 $x=y+\frac{p}{4}=y+\frac{-2}{4}=y-\frac{1}{2}$

经过代换和计算（具体计算过程略），得到：
$$y^4-3y^2+4y-2=0$$

此时 $P=-3$，$Q=4$，$R=-2$。

步骤2：构造三次方程求解 $m$

根据前面的推导，我们得到关于 $m$ 的三次方程：
$$8m^3-4P{m}^2-8Rm-Q^2+4PR=0$$

代入 $P=-3$，$Q=4$，$R=-2$，得：
$$8m^3+12m^2+16m-16+24=0$$
$$8m^3+12m^2+16m+8=0$$
$$m^3+\frac{3}{2}{m}^2+2m+1=0$$

（使用卡尔丹公式或数值方法求解）得到 $m=-1$。

步骤3：分解为两个二次方程

计算 $u_0=\sqrt{P-2m}=\sqrt{-3-2(-1)}=\sqrt{-1}=i$
计算 $v_0=\frac{Q}{2u_0}=\frac{4}{2i}=-2i$

得到两个二次方程：
$$y^2+\frac{i^2}{2}y-1+\frac{i(-2i)}{2}=0$$
$$y^2-\frac{i^2}{2}y-1-\frac{i(-2i)}{2}=0$$

化简为：
$$y^2-\frac{1}{2}y-1-1=0$$
$$y^2+\frac{1}{2}y-1+1=0$$

即：
$$y^2-\frac{1}{2}y-2=0$$
$$y^2+\frac{1}{2}y=0$$

步骤4：解两个二次方程

对于 $y^2-\frac{1}{2}y-2=0$：
$$y=\frac{\frac{1}{2}\pm \sqrt{\frac{1}{4}+8}}{2}=\frac{1}{4}\pm \frac{\sqrt{33}}{4}$$

对于 $y^2+\frac{1}{2}y=0$：
$$y(y+\frac{1}{2})=0$$
$$y=0\text{ 或 }y=-\frac{1}{2}$$

步骤5：回代得到原方程的解

原方程的四个根为：
$$x_1=y_1-\frac{1}{2}=\frac{1}{4}+\frac{\sqrt{33}}{4}-\frac{1}{2}=-\frac{1}{4}+\frac{\sqrt{33}}{4}$$
$$x_2=y_2-\frac{1}{2}=\frac{1}{4}-\frac{\sqrt{33}}{4}-\frac{1}{2}=-\frac{1}{4}-\frac{\sqrt{33}}{4}$$
$$x_3=y_3-\frac{1}{2}=0-\frac{1}{2}=-\frac{1}{2}$$
$$x_4=y_4-\frac{1}{2}=-\frac{1}{2}-\frac{1}{2}=-1$$

例题3：求解 $x^4+4x^3+6x^2+4x+1=0$

解：这个方程是 $(x+1{)}^4=0$ 的展开形式，因此它有一个四重根 $x=-1$。

例题4：对称四次方程 $x^4-5x^3+5x^2-5x+1=0$

解：注意到系数满足对称性质，使用对称方程的解法。

方程两边除以 $x^2$：
$$x^2-5x+5-\frac{5}{x}+\frac{1}{x^2}=0$$

整理为：
$$(x^2+\frac{1}{x^2})-5(x+\frac{1}{x})+5=0$$

令 $y=x+\frac{1}{x}$，则 $x^2+\frac{1}{x^2}=y^2-2$：
$$(y^2-2)-5y+5=0$$
$$y^2-5y+3=0$$

解得：$y=\frac{5\pm \sqrt{25-12}}{2}=\frac{5\pm \sqrt{13}}{2}$

对于每个 $y$ 值，解方程 $x+\frac{1}{x}=y$，即 $x^2-yx+1=0$：

当 $y=\frac{5+\sqrt{13}}{2}$ 时：
$$x=\frac{y\pm \sqrt{y^2-4}}{2}=\frac{\frac{5+\sqrt{13}}{2}\pm \sqrt{\frac{(5+\sqrt{13}{)}^2}{4}-4}}{2}$$

类似地可以求出另外两个根。

数值方法简介

虽然四次方程有解析解，但在实际应用中，数值方法往往更加实用和高效。

牛顿-拉夫逊法

牛顿法是求解非线性方程最常用的数值方法之一。

基本原理：
对于方程 $f(x)=0$，从初始猜测值 $x_0$ 开始，迭代公式为：
$$x_{n+1}=x_n-\frac{f(x_n)}{f^{\prime }(x_n)}$$

对于四次方程的应用：
如果 $f(x)=x^4+p{x}^3+q{x}^2+rx+s$，则：
$$f^{\prime }(x)=4x^3+3p{x}^2+2qx+r$$

迭代公式变为：
$$x_{n+1}=x_n-\frac{x_n^4+p{x}_n^3+q{x}_n^2+r{x}_n+s}{4x_n^3+3p{x}_n^2+2q{x}_n+r}$$

二分法

二分法适用于寻找实根，特别是当我们知道根的大致范围时。

算法步骤：

1. 找到区间 $[a,b]$ 使得 $f(a)\cdot f(b)<0$
2. 计算中点 $c=\frac{a+b}{2}$
3. 如果 $f(c)=0$，则 $c$ 就是根
4. 如果 $f(a)\cdot f(c)<0$，则根在 $[a,c]$ 中，令 $b=c$
5. 否则根在 $[c,b]$ 中，令 $a=c$
6. 重复步骤2-5直到精度满足要求

Python实现示例

import numpy as np

def ferrari_method(a, b, c, d, e):
    """
    使用费拉里方法求解四次方程 ax^4 + bx^3 + cx^2 + dx + e = 0
    """
    # 化为首一形式
    p, q, r, s = b/a, c/a, d/a, e/a
    
    # 消去三次项
    P = q - 3*p**2/8
    Q = r - p**3/8 - p*q/2
    R = s - p*r/4 + p**2*q/16 - 3*p**4/256
    
    # 求解辅助三次方程
    # 这里简化处理，实际需要用卡尔丹公式
    
    # ... 具体实现略 ...
    
    return roots

def newton_method(coeffs, x0, tol=1e-10, max_iter=100):
    """
    使用牛顿法求解多项式方程
    coeffs: 系数列表，从高次到低次
    x0: 初始猜测值
    """
    def poly_eval(x, coeffs):
        return sum(c * x**(len(coeffs)-1-i) for i, c in enumerate(coeffs))
    
    def poly_deriv(x, coeffs):
        return sum((len(coeffs)-1-i) * c * x**(len(coeffs)-2-i) 
                  for i, c in enumerate(coeffs[:-1]))
    
    x = x0
    for _ in range(max_iter):
        fx = poly_eval(x, coeffs)
        if abs(fx) < tol:
            return x
        
        fpx = poly_deriv(x, coeffs)
        if abs(fpx) < tol:
            break
            
        x = x - fx / fpx
    
    return x

# 使用示例
coeffs = [1, -2, -2, 6, -3]  # x^4 - 2x^3 - 2x^2 + 6x - 3 = 0
root1 = newton_method(coeffs, 1.0)
print(f"数值解: {root1}")

实际应用场景

物理学中的应用

振动和波动

在研究复杂振动系统时，经常遇到四次方程。例如，耦合振子系统的固有频率往往是四次方程的解。

量子力学

在量子力学中，某些势阱问题的能级计算会涉及四次方程。

例：考虑双振子系统，其特征方程可能形如：
$${\omega }^4-(k_1+k_2){\omega }^2+k_1{k}_2=0$$

这是一个关于 ${\omega }^2$ 的二次方程，但原问题是关于 $\omega$ 的四次方程。

工程学中的应用

结构力学

在分析复杂结构的稳定性时，特征值问题经常导致四次方程。

控制系统

控制系统的特征多项式在某些情况下是四次的，这些根决定了系统的稳定性和响应特性。

例：考虑一个四阶控制系统，其闭环特征方程为：
$$s^4+6s^3+11s^2+6s+1=0$$

系统的稳定性取决于这个方程的根是否都在左半平面。

经济学中的应用

市场均衡

在复杂的市场模型中，均衡条件有时会导致四次方程。

投资组合优化

某些风险模型的优化问题可能涉及四次约束，导致四次方程的求解。

计算机图形学

曲线拟合

贝塞尔曲线和样条曲线的某些操作（如求交点）会产生四次方程。

3D渲染

光线追踪中的某些曲面（如环面）与射线的交点计算涉及四次方程。

几何解释和图形化

四次函数的图像特征

四次函数 $f(x)=a{x}^4+b{x}^3+c{x}^2+dx+e$ 的图像具有以下特征：

基本形状：

• 当 $a>0$ 时，图像两端都向上，形如"W"型或"U"型
• 当 $a<0$ 时，图像两端都向下，形如倒"W"型或倒"U"型

极值点：

• 最多有3个极值点（1个极大值点和2个极小值点，或相反）
• 极值点通过求解 $f^{\prime }(x)=0$ 得到

拐点：

• 最多有2个拐点
• 拐点通过求解 $f^{\prime \prime }(x)=0$ 得到

根的几何意义

四次方程的根就是四次函数图像与x轴的交点。根据根的性质，可能有以下情况：

1. 四个不同的实根：图像与x轴有4个交点
2. 两个实根和一对共轭复根：图像与x轴有2个交点
3. 四个复根（两对共轭）：图像与x轴无交点
4. 存在重根：图像与x轴相切

利用图形理解根的分布

通过绘制函数图像，我们可以：

• 估计实根的个数和大致位置
• 选择合适的初始值进行数值求解
• 验证解析解的正确性

常见错误和注意事项

计算过程中的常见错误

符号错误

• 在进行复杂的代数变换时，符号处理是最容易出错的地方
• 建议每一步都仔细检查符号

代换错误

• 消去三次项时的代换 $x=y-\frac{p}{4}$ 经常被写错
• 最后回代时也容易忘记这个变换

复数运算错误

• 复数的乘法和除法运算容易出错
• 特别是涉及 $i$ 的幂次时要格外小心

复数运算的常见陷阱

虚数单位的性质

• $i^1=i$, $i^2=-1$, $i^3=-i$, $i^4=1$
• 对于任意正整数 $n$：$i^n=i^{n\mathrm{mod}4}$

复数开方的多值性

• 复数的开方有多个值，需要选择合适的分支
• 在求解过程中要保持一致性

共轭复数的性质

• 如果 $a+bi$ 是实系数多项式的根，那么 $a-bi$ 也是根
• 这个性质可以用来验证解的正确性

根的验证方法

直接代入验证

• 将求得的根代入原方程，检查是否等于0
• 考虑到舍入误差，通常检查是否足够接近0

利用韦达定理验证

• 检查根的和、积等是否符合韦达定理
• 这是一个很好的整体验证方法

数值验证

• 使用计算机程序验证解析解
• 特别适用于复杂的计算结果

拓展知识

伽罗瓦理论简介

五次方程的不可解性

埃瓦里斯特·伽罗瓦（Évariste Galois）在19世纪初证明了一个重要定理：一般的五次及以上方程没有用根式表示的解析解。这个结果解释了为什么四次方程是最高次的有一般解析解的多项式方程。

伽罗瓦群

每个多项式方程都对应一个伽罗瓦群，这个群的结构决定了方程是否可以用根式求解。四次方程对应的伽罗瓦群是可解群，因此存在根式解。

历史意义

这个理论不仅解决了长期困扰数学家的求解问题，还开创了抽象代数的新领域，对现代数学产生了深远影响。

复系数四次方程

当四次方程的系数本身就是复数时，情况会更加复杂。但基本的求解思路仍然适用，只是计算会更加繁琐。

处理方法：

1. 仍然使用费拉里方法的基本框架
2. 所有中间计算都在复数域中进行
3. 最终得到的四个根都是复数

矩阵方法求解多项式方程

伴随矩阵方法

对于多项式 $p(x)=x^n+a_{n-1}{x}^{n-1}+\cdots +a_{1}x+a_0$，可以构造其伴随矩阵：

$$C=\left(\begin{array}{ccccc}0& 0& \cdots & 0& -a_0\\ 1& 0& \cdots & 0& -a_1\\ 0& 1& \cdots & 0& -a_2\\ ⋮& ⋮& \ddots & ⋮& ⋮\\ 0& 0& \cdots & 1& -a_{n-1}\end{array}\right)$$

多项式的根就是这个矩阵的特征值。

优势：

• 可以同时找到所有根
• 数值稳定性好
• 适合计算机实现

练习题库

基础练习

练习1：解双二次方程 $x^4-13x^2+36=0$

练习2：解对称方程 $x^4+2x^3-x^2+2x+1=0$

练习3：求解 $x^4-1=0$ 的所有复数根

中等难度

练习4：解方程 $x^4+x^3-7x^2-x+6=0$

练习5：已知方程 $x^4+p{x}^3+q{x}^2+px+1=0$ 有一个根为 $2$，求 $p$ 和 $q$ 的值

练习6：解方程 $(x^2+x-1{)}^2-(x^2+x-1)-2=0$

高难度

练习7：解方程 $x^4-4x^3+8x^2-8x+4=0$

练习8：求解方程 $x^4+4x^3+2x^2-4x+1=0$ 的所有根，并验证韦达定理

练习9：设 $a,b,c,d$ 是方程 $x^4-6x^3+11x^2-6x+1=0$ 的四个根，求 $a^2+b^2+c^2+d^2$ 的值

综合应用

练习10：一个物理系统的特征方程为 $s^4+2s^3+3s^2+2s+1=0$，判断系统的稳定性

练习11：在计算机图形学中，一条射线与环面的交点由方程 $x^4+2x^2-3x+1=0$ 确定，求所有可能的交点位置

计算工具推荐

科学计算器使用

现代科学计算器通常具有求解高次方程的功能：

TI-84系列：

• 使用Polynomial Root Finder功能
• 输入系数后可以得到所有根（包括复数根）

Casio fx-991ES Plus：

• 使用EQN模式求解四次方程
• 支持复数运算

在线求解器

以下以方程 $x^4-2x^3+x^2+2x-1=0$为例
Wolfram Alpha：

• 输入方程如 “solve x^4 - 2x^3 + x^2 + 2x - 1 = 0”
• 提供详细的求解步骤和图形

GeoGebra：

• 可以绘制函数图像并求根
• 支持动态调整参数

专业数学软件

Mathematica：

Solve[x^4 - 2*x^3 + x^2 + 2*x - 1 == 0, x]

MATLAB：

p = [1, -2, 1, 2, -1];  % 系数向量
roots(p)                % 求根

Python（SymPy）：

# 注意：如果没有安装SymPy 需要打开终端执行：pip install sympy
from sympy import symbols, solve
x = symbols('x')
equation = x**4 - 2*x**3 + x**2 + 2*x - 1
solutions = solve(equation, x)
print(solutions)

SageMath：

x = var('x')
solve(x^4 - 2*x^3 + x^2 + 2*x - 1 == 0, x)

总结

本文详细介绍了一元四次方程的求解方法，从历史背景到现代应用，从理论推导到实际计算。主要内容包括：

理论基础：复数知识、韦达定理、判别式理论为理解四次方程奠定了基础。

求解方法：费拉里方法是求解一般四次方程的经典方法，其核心思想是通过巧妙的配方将四次方程转化为两个二次方程。

特殊解法：对于双二次方程、对称方程等特殊类型，存在更简洁的求解方法。

数值方法：牛顿法、二分法等数值方法在实际应用中往往更加实用。

实际应用：四次方程在物理学、工程学、经济学等领域都有重要应用。

现代工具：各种计算软件和在线工具使得四次方程的求解变得更加便捷。

虽然四次方程有解析解，但公式比较复杂。在实际应用中，人们往往根据具体情况选择最合适的求解方法：

• 对于特殊形式的方程，使用专门的快速方法
• 对于一般方程，可以使用数值方法或借助计算工具
• 对于理论研究，费拉里方法提供了完整的解析框架

理解四次方程的求解不仅有助于解决实际问题，更重要的是它展示了数学中降次转化的重要思想，这种思想在许多其他数学问题中都有应用。随着计算技术的发展，我们既要掌握经典的理论方法，也要善于利用现代工具，这样才能在数学学习和应用中游刃有余。