goto_1600的博客

Link题意：思路：先构造1，n直到溢出了位置，然后考虑加n，如果单纯加n，那么对于前面贡献是n2\frac{n}{2}2n​,然后发现n每隔2个数对前面的贡献都会减1，感性的理解，就是，之前n和一个值能匹配x，现在x变大了，n怎么匹配也匹配不了了，那么暴力加n知道刚好能满足m就行了，然后最妙的就是如何处理剩下的数，要造成0贡献，不如隔开构造，也就是说当前的最大值是max，前面有n个数，我们可以构造1e9-n*(maxv+1),1e9-(n-1)*(maxv+1)…代码：//#pragma GC

题意：构造方格1~n*n，皇后和车的走法如图，皇后和车会走当前能走的位置中没走过的值最小的来走，如果没有花费就会加1并且跳到整个图中没走过中的最小的方格来走，让你构造一个矩阵,使得车的花费比皇后少。思路：n<=2显然是无解的，n=3可以通过打表打出来，然后想想怎么拓展，我们可以通过走蛇形矩阵的方法，先蛇形递增的摆放食物诱导皇后和车同轨迹走，最后让车和皇后走到n,1或者1，n，(取决于n的奇偶性），然后皇后会跳进子问题n=3的陷阱，那么皇后就输了。代码:// Problem: E. Road.

题意：让你构造一个长度为n的字符串，使得每一个子串都出现奇数次。思路：死活构造不出来，只知道每一个字母只能出现奇数次，有一个奇妙的性质没有挖掘到，就是相邻长度l和l+1的连续的字母两个一块构造的话就能出现奇数次，那么讨论讨论就行了，把两个字符串分开用别的字母就可以。注意1的特判。// Problem: C. Mikasa// Contest: Codeforces - Codeforces Round #735 (Div. 2)// URL: https://codeforces.com/con

link:https://ac.nowcoder.com/acm/problem/219918思路：建立虚拟原点 31个点，如果a[i]>>k&1 就和k连一条边权为a[i]的无向边，比赛时候没想到这种建图=-=。// Problem: 最短路// Contest: NowCoder// URL: https://ac.nowcoder.com/acm/contest/11233/D// Memory Limit: 524288 MB// Time Limit: 2000

题意：选择最少的k种颜色给有向图中染色，让图中不存在只有一个颜色的环。思路：如果没有环那么就1个颜色，否则两个颜色，构造如下：有向边 a,b a>b染成1 否则染成2。因为环中的边不可能存在单调递增的情况，总会有下降的情况。#include<bits/stdc++.h>using namespace std;//#define int long long typedef long long ll;const int INF = 1e9;const int N=5010,

link题意：本题为交互题。有一个字符串s，只由字符’a’和’b’组成。每次你可以询问一个字符串，它会返回这两个字符串的编辑距离。为一个字符串经过修改，删除或插入操作得到另一个字符串，两个字符串编辑距离的定义为最小的操作次数，若返回值为0，那么就是字符串s。让你在n + 2操作内得出字符串s（n为字符串s的长度，未知）。思路：先问一个a ，问出他的长度，特判一下全b的情况，然后如果问出来是300的话也是全b，坑点=-=，不能询问超过三百的字符串，然后依次枚举位数，看答案的变化，直到问到编辑距离为0为

题意：两个字符串之间如果是同构的，给定一个s，如果他存在一个同构串使得，他俩不能分割成大于1的同构串的话输出"Yes"，否则输出"No"思路：由于分割成k个，我们可以把k个合并成两个，然后考虑特殊情况，如果长度为1那么可以，如果首尾单词不同，我们交换这两个也是可以的，例如abbb,交换得到bbba，这样只能分割自己本身，还有一种情况就是，不同单词有三个以上,例如A…B…C…A ，我们可以构造成C…A…A…B,那么也只能分割成1个了。#include<bits/stdc++.h>using

link题意：要求在数组中选一些数，使得他们的和为0，i从1到n ，i-n<=a[i]<=i-1；思路：我们把等式变形一下，可以发现i-a[i]>=1 && i-a[i]<=n，然后我们按照这个建图，从i指向i-a[i]，每个点都会有出度，这不是基环树嘛，那么图中的环可以发现把环上这些点加起来就是0。复杂度O(n)代码:#include<bits/stdc++.h>using namespace std;const int N=100001

link题意：让你将点的集合划分成两个，然后两集合之间的距离没有在集合内部出现。思路：一开始以为是二分图啥的，结果是思维，考虑把点划分成4类，00,01,10,11，0代表奇点，1代表偶点，然后如果存在两个不同类的点就可以划分，把00,11放在一起，01，10放在一起，如果符合的话，如果只存在一个集合的点，那么我们就把所有点就/2，改变其奇偶性，直到出现解位置。复杂度n*log2e6(写个jvavhhh)代码：import java.math.*;import java.util.*;

题目含义：给定一个长度为n的数列，给你m次操作 ，输入t,l,r ，如果t等于1的话说明l到r之间是不降序区间，t=0则相反，然后问你这所有询问是否有矛盾，如果无矛盾输入一组解。思路：定义一个差分序列，原数组flag[i]代表i与i+1是否呈不降序，那么可以发现t等于1的时候每次操作就等价于将a[l]++和a[r]–,然后我们把所有前缀和累加起来，如果flag大于0则a[i]=true,将所有t=0的询问放到容器里面处理，判断是否矛盾等价于s[y-1]-s[x-1]==y-x,s数组表示的是前缀和，如果区

好久没写题解了，于是我不要脸的又回来了，这题算是水题，但是我并没有看出来，????，如果给定的n 存在a和b 使得a+b==n && a*b == n那么答案可以由a个A和b个R组成，那么一般的情况呢，可能会存在余数为k的情况，什么是余数为k的情况呢，就是在第一个放A后面几位放k个R接着再正常的放A然后放B，我们可以枚举放k然后质因数分解的方法看看是不是存在这样一个构造方案。#include<iostream>#include<cstring>using na