bzoj1127: [POI2008]KUP_jzoj 2516 kup-优快云博客

1127: [POI2008]KUP

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Description

给一个n*n的地图，每个格子有一个价格，找一个矩形区域，使其价格总和位于[k,2k]

Input

输入k n（n<2000)和一个n*n的地图

Output

输出矩形的左上和右下的列-行坐标或NIE

Sample Input

inputdata1
4 3
1 1 1
1 9 1
1 1 1
inputdata2
8 4
1 2 1 3
25 1 2 1
4 20 3 3
3 30 12 2

Sample Output

outputdata1
NIE
outputdata2
2 1 4 2

HINT

1<=k<=10^9 每个价格都是不大于2*10^9的非负整数

Source

感谢vfleaking提供SPJ

题解：

学习了一下悬线法orz。。。

那篇论文写的各种高大上，其实就是个很傻比的东西。

https://wenku.baidu.com/view/728cd5126edb6f1aff001fbb.html

假装已经知道的悬线的定义的话，那么就很简单了。

求出以i,j为底的悬线能控制的左右范围只需用单调队列就行了（找出它同样以i行为底的左边第一条比它短的悬线，右边同理），于是就完了。

对于这题的话，那么就随便搞一下就行了。

https://blog.youkuaiyun.com/PoPoQQQ/article/details/44625423

首先考虑1*n的情况

如果存在[k,2k]之间的点，直接输出

否则如果存在一个区间满足和>=k且任意元素<k 则有解否则无解

这个很显然因为区间内所有元素都<k 因此前缀和不会跨越[k,2k]直接到达(2k,+∞)

那么我们把这个结论扩展到二维也是对的

证明：如果存在一个子矩形满足和>=k且所有元素<k，那么：

如果这个子矩形的和<=2k，那么满足条件直接输出

否则这个子矩形的和一定>2k

下面讨论：

如果这个子矩形只有一行，那么同上面那种情况

否则我们取这个矩阵最上方的一行和最下方的一行

易知一定存在一行的和<=整个矩形的和的一半

那么我们把这一行砍掉由于整个矩形的和>2k 因此砍掉后矩形的和一定>k

这样无限砍下去，总有一时刻矩形的和会<=2k，此时直接输出即可

将>2k的点判断为坏点，用悬线法/单调队列搞出所有的极大子矩形，依次判断即可

代码（真的很傻逼）：

#include <cstdio>
#include <cstring>
#include <iostream>
#include <algorithm>
#define M 2020
using namespace std;
int n,k,a[M][M];
long long sum[M][M];
long long Get_Sum(int x1,int y1,int x2,int y2)
{
	return sum[x2][y2]-sum[x1-1][y2]-sum[x2][y1-1]+sum[x1-1][y1-1];
}
void Output(int x1,int y1,int x2,int y2)
{
	while( Get_Sum(x1,y1,x2,y2)>k*2 )
	{
		if(x1==x2)
			y2--;
		else
		{
			if( Get_Sum(x1+1,y1,x2,y2)>=k )
				x1++;
			else
				x2--;
		}
	}
	printf("%d %d %d %d\n",y1,x1,y2,x2);
	exit(0);
}
void Monotonous_Stack(int base,int h[])
{
	static int stack[M],top;
	static int l[M],r[M];
	int i;
 
	for(top=0,i=1;i<=n+1;i++)
	{
		while( top && h[stack[top]]>h[i] )
			r[stack[top--]]=i-1;
		stack[++top]=i;
	}
	for(top=0,i=n;~i;i--)
	{
		while( top && h[stack[top]]>h[i] )
			l[stack[top--]]=i+1;
		stack[++top]=i;
	}
	for(i=1;i<=n;i++)
		if(h[i])
		{
			long long temp=Get_Sum(base-h[i]+1,l[i],base,r[i]);
			if( temp>=k )
				Output(base-h[i]+1,l[i],base,r[i]);
		}
}
int main()
{
	int i,j;
	cin>>k>>n;
	for(i=1;i<=n;i++)
		for(j=1;j<=n;j++)
		{
			scanf("%d",&a[i][j]);
			if( a[i][j]>=k && a[i][j]<=k*2 )
			{
				printf("%d %d %d %d\n",j,i,j,i);
				return 0;
			}
			sum[i][j]=sum[i-1][j]+sum[i][j-1]-sum[i-1][j-1]+a[i][j];
		}
	static int h[M];
	for(i=1;i<=n;i++)
	{
		for(j=1;j<=n;j++)
			h[j]=a[i][j]>k*2?0:h[j]+1;
		Monotonous_Stack(i,h);
	}
	puts("NIE");
	return 0;
}