cf 1105E

本文探讨了在特定操作序列中寻找最大独立集的问题,即最大团问题,并提供了一个详细的算法实现过程。通过分析一系列操作,包括名字更改和查询,文章提出了一种求解最大团的策略,旨在确定在名字查询中能达到最大满意度的人数。代码示例展示了如何构建图模型,处理操作序列,以及执行深度优先搜索来找到最大团。

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有 n 个操作,m个人, 1 代表更改一个名字 , 2代表查询一个名字,如果某个人在查找的时候发现账户名字就是自己名字的话 她会很高兴,问最多能有几个人高兴

那么我们发现 1 操作之间的 2 操作就是关键点, 不同 1 之间的 连续 2 只能选择一个,我们发现 这就是 原图中的最大独立集,求法自然就是补图的最大团数目。。。附一个最大团模板

 

#include <bits/stdc++.h>//1105E
#define INF 0x3f3f3f3f
using namespace std;
const int maxn = 1e5+7;
#define ll long long int
bool G[100][100];
int ans,cnt[100],group[100],n,m,vis[100];
map<string,int> mp;
int tot = 0;
struct node
{
	int op;
	string s;
}Q[maxn];
vector<int> v;
bool dfs(int u,int pos)
{
    for(int i=u+1;i<=tot;i++)
	{
        if(cnt[i]+pos<=ans) return false;
        if(G[u][i])
		{
		    int j;
            for(j=0;j<pos;j++) if(!G[i][vis[j]]) break;
            if(j==pos)
			{
                vis[pos]=i;
                if(dfs(i, pos+1))return true;
            }
        }
    }
    if(pos>ans)
	{
        for(int i=0;i<pos;i++)group[i] = vis[i];
        ans = pos;
        return true;
    }
    return false;
}
void maxclique()
{
    ans=-1;
    for(int i=tot;i>=1;i--)
    {
        vis[0]=i;
        dfs(i, 1);
        cnt[i]=ans;
    }
}
int main()
{
	scanf("%d%d",&n,&m);
	for(int i=1;i<=n;i++)
	{
		int op;
		string tmp;
		scanf("%d",&op);
		if(op==1) Q[i].op = op;
		else
		{
			cin>>tmp;
			Q[i].op = op; Q[i].s = tmp;
			if(!mp[tmp]) mp[tmp] = ++tot;
		}
	}
	memset(G, INF, sizeof G);
	for(int i=1;i<=n;i++)
	{
		if(Q[i].op==1)
		{
			for(int j=0;j<v.size();j++)
			{
				for(int k=j+1;k<v.size();k++)
				{
					G[v[k]][v[j]] = 0;
					G[v[j]][v[k]] = 0;
				}
			}
			v.clear();
		}
		else
		{
			v.push_back(mp[Q[i].s]);
		}
	}
	for(int i=0;i<v.size();i++)
	{
		for(int j=i+1;j<v.size();j++)
		{
			G[v[i]][v[j]] = 0;
			G[v[j]][v[i]] = 0;
		}
	}
	maxclique();
	if(ans<0) ans = 0;
	printf("%d\n",ans);
	return 0;
}

 

<think>好的,用户现在在问Codeforces problem734E的解决方案或解释。我需要先回忆一下这道题的具体内容。题目编号734E对应的是Codeforces上的一个题目,通常这类题目会有具体的名称和问题描述。不过根据用户提供的引用内容,之前的引用似乎提到了其他问题,比如742B,涉及位运算和异或操作。但用户现在明确询问的是734E,所以需要转向这个题号的内容。首先,我需要确认734E的题目内容。Codeforces的题目734E的标题通常是“Antonand Tree”,这题涉及树的结构和图论中的连通性处理。题目大意是给定一棵树,每个节点有黑色或白色,每次操作可以翻转一个颜色相同的连通区域的颜色,问最少需要多少次操作让整棵树变成同一种颜色。 接下来,我需要分析这个问题。解决这类问题通常需要找到树中的最长路径,也就是直径。因为每次操作可以翻转整个同色连通区域,所以关键在于如何将相邻的相同颜色节点合并,形成更大的连通块。然后,将问题转化为处理合并后的树的直径,所需的最小操作次数通常是直径长度的一半,向上取整。用户可能需要具体的解决步骤,比如如何通过两次BFS或DFS找到树的直径,或者如何预处理颜色相同的连通块。此外,可能还需要解释为什么直径决定了最小操作次数,以及具体的实现方法,比如构建缩点后的树,然后计算其直径。在回答时,需要结构清晰,分步骤解释。可能还需要提供代码示例,比如用Python或C++实现的解法。同时,根据用户之前的引用,他们可能对位运算或其他算法感兴趣,但734E主要涉及树和图论,需要调整回答内容。 用户可能还会关心时间复杂度的分析,或者如何优化算法。例如,两次BFS的时间复杂度是线性的,适合处理大范围的树结构。此外,需要验证思路的正确性,确保每一步的逻辑正确,比如合并同色节点后的树结构是否确实将问题转化为求直径的问题。 最后,生成相关问题,比如如何找到树的直径,如何处理连通块,或者类似的问题推荐,帮助用户进一步巩固相关知识。</think>### Codeforces 734E Anton and Tree 问题解析 **题目概述** 给定一棵$n$个节点的树,每个节点为黑色或白色。每次操作可以选择一个颜色相同的连通区域,翻转其颜色(黑→白,白→黑)。求使整棵树变为单一颜色的最小操作次数[^4]。 --- ### 关键思路 1. **连通块合并** 将相邻同色节点视为一个超级节点(缩点),形成新的树结构。此时新树中相邻节点颜色必然不同。 **示例**:原树为`黑-黑-白-白-黑`,合并后变为`黑-白-黑`。 2. **树直径与操作次数** 新树的直径决定了最小操作次数。设直径为$d$,则答案为$\lfloor \frac{d+1}{2} \rfloor$。 **原理**:每次操作可消除直径端点的一层颜色差异,最终在$\lfloor d/2 \rfloor$步内完成[^1]。 --- ### 算法步骤 1. **构建缩点后的树** - 使用DFS/BFS遍历原树,合并同色连通块。 - 记录合并后的边(仅连接不同颜色块)。 2. **求树的直径** - **两次BFS法**: - 第一次BFS找到最远节点$u$ - 第二次BFS从$u$出发找到最远节点$v$,路径$u→v$即为直径。 --- ### 代码实现(Python) ```python import sys from collections import deque def main(): sys.setrecursionlimit(1 << 25) n = int(sys.stdin.readline()) color = list(map(int, sys.stdin.readline().split())) adj = [[] for _ in range(n)] for _ in range(n-1): u, v = map(int, sys.stdin.readline().split()) adj[u-1].append(v-1) adj[v-1].append(u-1) # 构建缩点后的边 new_edges = [[] for _ in range(n)] visited = [False] * n def dfs(u, parent): visited[u] = True for v in adj[u]: if v == parent: continue if color[u] == color[v]: dfs(v, u) else: new_edges[u].append(v) dfs(0, -1) # BFS找最远节点 def bfs(start): q = deque() dist = [-1] * n dist[start] = 0 q.append(start) max_dist = 0 far_node = start while q: u = q.popleft() for v in new_edges[u]: if dist[v] == -1: dist[v] = dist[u] + 1 if dist[v] > max_dist: max_dist = dist[v] far_node = v q.append(v) return far_node, max_dist u, _ = bfs(0) v, d = bfs(u) print((d + 1) // 2) if __name__ == "__main__": main() ``` --- ### 复杂度分析 - **时间**:$O(n)$,两次BFS和DFS均为线性时间。 - **空间**:$O(n)$,存储邻接表和距离数组。 ---
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