PTA 喊山 bfs

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bfs

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一个山头呼喊的声音可以被临近的山头同时听到。题目假设每个山头最多有两个能听到它的临近山头。给定任意一个发出原始信号的山头，本题请你找出这个信号最远能传达到的地方。

输入格式：

输入第一行给出3个正整数n、m和k，其中n（ $\le$ 10000）是总的山头数（于是假设每个山头从1到n编号）。接下来的m行，每行给出2个不超过n的正整数，数字间用空格分开，分别代表可以听到彼此的两个山头的编号。这里保证每一对山头只被输入一次，不会有重复的关系输入。最后一行给出k（ $\le$ 10）个不超过n的正整数，数字间用空格分开，代表需要查询的山头的编号。

输出格式：

依次对于输入中的每个被查询的山头，在一行中输出其发出的呼喊能够连锁传达到的最远的那个山头。注意：被输出的首先必须是被查询的个山头能连锁传到的。若这样的山头不只一个，则输出编号最小的那个。若此山头的呼喊无法传到任何其他山头，则输出0。

输入样例：

输出样例：

2
6
4
0
本来想用优先队列来着，想了半天还不如直接用老套路-_-!
#include <iostream>
#include <cstdio>
#include <cstring>
#include <queue>
#include <cmath>
#include <algorithm>
#include <vector>
using namespace std;
#define PI 3.1415926535897932
#define E 2.718281828459045
#define INF 0x3f3f3f3f
#define mod 123456789
#define N 70
typedef long long ll;
const int M=1005;
int n,m;
int cnt;
int sx,sy,sz;
int mp[M][12];
int pa[M],rankk[M];
int head[M*6],vis[M*10];
double dis[M][10];
ll prime[M*1000];
bool isprime[M*1000];
int lowcost[M],closet[M];
char st1[5050],st2[5050];
int len[M*6];
typedef pair<int ,int> ac;
vector<int> g[M*10];
int dp[2005][2005];
bool has[10000];
int month[13]= {0,31,59,90,120,151,181,212,243,273,304,334,0};
int dir[8][2]= {{0,1},{0,-1},{-1,0},{1,0},{1,1},{1,-1},{-1,1},{-1,-1}};
bool isrun(int year)
{
    if((year%4==0&&year%100!=0)||(year%400==0))
        return true;
    return false;
}
void getpri()
{
    ll i;
    int j;
    cnt=0;
    memset(isprime,false,sizeof(isprime));
    for(i=2; i<1000000LL; i++)
    {
        if(!isprime[i])prime[cnt++]=i;
        for(j=0; j<cnt&&prime[j]*i<1000000LL; j++)
        {
            isprime[i*prime[j]]=1;
            if(i%prime[j]==0)break;
        }
    }
}
ll qk_mul(ll a,ll b,ll mo)
{
    ll t=0;
    while(b)
    {
        if(b&1)
            t=(t+a)%mo;
        a=(a<<1)%mo;
        b>>=1;
    }
    t%=mo;
    return t;
}
ll qk_mod(ll a,ll b,ll mo)
{
    ll ans=1;
    while(b)
    {
        if(b&1) ans=qk_mul(ans,a,mo);
        a=qk_mul(a,a,mo);
        b>>=1;
    }
    ans%=mo;
    return ans;
}


int gcd(int a,int b)
{
    return b == 0 ? a : gcd(b, a%b);
}
int bfs(int x)
{
    int minx=x,mindis=0;//最小节点和最短距离
    queue<ac> qu;
    qu.push(ac(x,0));
    vis[x]=1;
    while(!qu.empty())
    {
        ac u=qu.front();
        int z=u.first;
        int y=u.second;
        qu.pop();
        if(mindis==y)
        {
            minx=min(z,minx);
        }
        if(mindis<y)
        {
            mindis=y;
            minx=z;
        }
        for(int i=0;i<g[z].size();i++)
        {
            //minx=INF;
            int v=g[z][i];
            if(!vis[v])
            {
                //minx=min(v,minx);
                vis[v]=1;
                qu.push(ac(v,y+1));
            }
        }
    }
    if(mindis==0)
        return 0;
    return minx;
}
int main()
{
    int i,j,t,k;
    int u,v;
    scanf("%d%d%d",&n,&m,&k);
    for(i=1;i<=m;i++)
    {
        scanf("%d%d",&u,&v);
        g[u].push_back(v);
        g[v].push_back(u);
    }
    int ans;
    for(i=0;i<k;i++)
    {
        memset(vis,0,sizeof(vis));
        scanf("%d",&u);
        ans= bfs(u);
        printf("%d\n",ans);
    }
    return 0;
}