圣人不仁，使草胜豆苗稀。

来源：点击打开链接 这个题是special judge，输出一个合法结果就行，不用按照样例来的。。 先对体重和速度进行排序： 定义状态dp[i]表示以当前mouse为终点形成的最长speed序列长度 状态dp[j]表示i之前的符合要求的mouse为终点的最长的speed序列长度 那么有状态转移方程，if(dp[i]; 就是个lis问题了. #include #incl

#include #include using namespace std; int dp[105][105]; int max(int a,int b) { if(a>b) return a; else return b; } int main() { int testcase; cin>>testcase; while(testcase--) { int fl

题目：点击打开链接 这个问题是DP，但是不需要数组就可以做，应用startpos,endpos记录位置。tmp读数，now计算当前记录的和，判当前+读入的数是否小于读入的数，如果越读越小的话，那么就换一个位置，如果增大，说明对MAX是有利的，移动endpos就可以了，最后和maxsum进行比较。 附一组Trick数据： 5 -1 -2 -3 -4 -5答案是 -1 1 1. #incl

题目：点击打开链接 完全背包，与0-1背包不同的是第二次遍历的顺序，倒过来就行，求最小值就改成MIN，其他的没什么变化。 另外要注意初始化的值。因为题目要求恰好装满，而且要求的值要尽量小，所以将dp[0]设为0，其余设为无穷大（如果没有要求恰好装满的话，全0）。 最后别忘了判断时减去初始给的值。 #include #include using namespace std; con

题目：点击打开链接 Question 7 Problem Statement Dr. Charles Xavier is trying to check the correlation between the DNA samples of Magneto and Wolverine. Both the DNAs are of length N, and can be

题目：点击打开链接 没什么多说的，LCS问题盲打过，但我CE了两次，因为把I和J搞混了。。另外注意LCS是中间可以有间隔的，KMP则没有。另外别忘了前两天博客中曾经提到的二分法。 #include #include #include using namespace std; int max(int a,int b) { return a>b?a:b; } int dp[3400][

题目：点击打开链接 多校练习赛4的简单题，但是比赛的时候想到了推导公式f(n)=f(n-1)+f(n-2)（就是斐波那契数列），最后却没做出来。 首先手写一下he（不是hehe）连续时的规律。0-1 1-1 2-2 3-3 4-5，斐波那契无误。 比赛的时候没有分清楚连续的he和间断的he的不同，只有连续的he才能用斐波那契数列来表示，而间断点应该重新计算he出现的次数，最后根据组合数的原理

来源：点击打开链接 最长上升子序列的考察，是一个简单的DP问题。我们每一次求出从第一个数到当前这个数的最长上升子序列，直至遍历到最后一个数字为止，然后再取dp数组里最大的那个即为整个序列的最长上升子序列。我们用dp[i]来存放序列1-i的最长上升子序列的长度，那么dp[i]=max(1，dp[j])+1,(j∈[1, i-1]); 显然dp[1]=1,我们从i=2开始遍历后面的元素即可。 这个

来源：点击打开链接 这个题目的来源是人工智能领域MU猜想。比赛的时候也参考了相关资料，可是最后差一点没有把规律推出来。 注意到以下几个性质。第一，MI怎么变换M永远只能在第一位。第二，因为变换时只能在I和U之间变换，因此，除了第一个是M以外，后面如果有字符串不是U、I以内的话永远不可能变换得到。第三，U可以看成是3个I，无论是I先变换成U再操作还是转化成一定数量的I，最后再准换成一定数量的U即

来源：HDU携程编程大赛第一场。 括号匹配，一个DP经典问题，网上到处都是题解。 用 dp[i][j] 表示从位置 i  到字符位置 j 所需的最少括号数。 #include #include #include #include using namespace std; int dp[109][109]; bool islegal(char a,char b) { if